9-1阻抗和导纳(编辑修改稿)

9-1阻抗和导纳(编辑修改稿)内容摘要：

 ZZZZ下 页 上 页 Zeq Z oc U+ I+ ocUZ2 sIZ1 Z3 返 回 )//( o31soc  ZZIU  4545j15 eqoc   ZZUI例 34 求图示电路的戴维宁等效电路。 603 0 0j3 0 0603 0 0601 0 02 0 0 oc111oc  UIIIU解 下 页 上 页 求开路电压： 返 回 V45230Vj1 60oc  Uj300 + _ 60 0ocU+ _ 1 4I1 I50 50 + _ j300 + _ 60 0ocU+ _ 1 200I1 I100 求短路电流： 0 060sc I下 页 上 页 返 回 Ω45250Ω45230scoceqIUZscI+ _ 60 0100 + _ j300 + _ 60 0ocU+ _ 1 200I1 I100 例 35 解 :)( )1(ss 短路单独作用 UI 323s2 ZZZII 下 页 上 页 Z2 sIZ1 Z3 2Is U+ Z2 sIZ1 Z3 2I返 回 用叠加定理计算电流 , 2 I V45100 :s  U已知 s 1 2 34 0 A , 5 0 3 0 Ω , 5 0 3 0 ΩI Z Z Z     30200 A30503050 305004 32s2 ZZUI:)( )2( ss 开路单独作用  IU下 页 上 页 Z2 Z1 Z3 2Is U+ 返 回 Z2 sIZ1 Z3 2Is U+ A350 45100 )( 222   IIIA1 3 51 5 已知平衡电桥 Z1=R1 , Z2=R2 , Z3=R3+jL3。 求 ： Zx=Rx+jLx。 平衡条件： Z1 Z3= Z2 Zx 得 R1(R3+jL3)=R2(Rx+jLx) Rx=R1R3 /R2 , Lx=L3 R1/R2 例 36 解 |Z1| |Z3| = |Z2| |Zx| 1 +3 = 2 +x 下 页 上 页 Z1 Z2 Zx Z3  返 回 |Z1| 1 •|Z3| 3 = |Z2| 2 •|Zx| x 已知 ： Z=（ 10+j50）  , Z1=（ 400+j1000） 。 ?90s1  相位差和等于多少时问： UIβ ，11111s )1( IZIβZIZIZU  例 37 解 90 1ss1相位差为 实部为零,关系和找出分析：转转，：ZIZUUI )000 15050(j10410)1( 11s  ββZZβIU41 010410  ββ ，令 90 000 1 j 1s 故电流领先电压 IU下 页 上 页 I1 I1 IβZ Z1 + _ s U返 回 已知 ： U=115V, U1= , U2=80V, R1=32 , f=50Hz。 求：线圈的电阻 R2和电感 L2。 画相量图分析。 例 38 解法 1 LR UUUUUU   2121下 页 上 页 I1ULU2RU2Uq2 Uq c o s2 2122212 UUUUU  4 2 3 o s  返 回 R1 R2 L2 + _ 1UU 2U+ _ + _ I RUI  q)π2/( n || c o s || ||222222222fXLθZXZRIUZq下 页 上 页 I1ULU2RU2Uq2 Uq 返 回 q c o s1 1 5c o q s i n115s i n80  c o s其余步骤同解法 1。 下 页 上 页 返 回 解法 2 R1 R2 L2 + _ 1UU 2U+ _ + _ I12 5 5 . 4 0 8 0 1 1 5U U U q    U用相量图分析 oo 0~180 为移相角，移相范围θ例 39 移相桥电路。 当 R2由 0∞时 ， 如何变化?ab U解 1UCUCICUCI相位改变不变,改变当由相量图可知, UUR 21 ,ab2 当 R2=0， q 180176。 ； 当 R2 ∞， q 0176。 2URURU1ab2121 2,UUUUUUUUUUUURCRqabUqabUa b b 下 页 上 页 a b 1U2UCUCIR2 R1 R1 + _ UabU+ + + RU+ 返 回 例 310 图示电路，。 、：、212132,5V2 0 0A210A10RXXIXRRUIILCL 求解 下 页 上 页 V1 5 01052 0 01  CCCR UUUUU V2752 222 2  LRRCLRC UUUUUUU  210275 Ω15Ω101502 LC XRX3I2RU45CULU902I1I1RU返 回 R1 R2 jXL + _ CUU+ _ 1 I jXC 3 I2 IA10A4510A)13 510210( 1321  IIII 例 311 求 RL串联电路在正弦输入下的零状态响应。 解 )c os (2S utUu  ：已知应用三要素法 0)0()0(   LL ii RL用相量法求正弦稳态解   tLLLL iiiti  e )()0( )()( 0tiiL ItIti ec os)c os ()(mm下 页 上 页 返 回 L + _ Su Lu+ _ LiR iZu ILRULRUI  )(j 22tiiL ItIti ec os)c os ()(mm)c o s ()(2π m iLi tIti   ，＝当t i O 直接进入稳定状态 下 页 上 页 过渡过程与接入时刻有关。 注意 返 回 出现瞬时电流大于稳态电流现象 t i O 下 页 上 页 tLi ItIti e)c os ()(0 mm，＝当返 回 94 正弦稳态电路的功率 iuiutItitUtu )c o s (2)( )c o s (2)( 的相位差和为1. 瞬时功率 )2s i n (s i n)]2co s (1[co s )]2co s ([ cos )co s (2)co s (2)(tUItUItUIφtItUuitp 第一种分解方法 第二种分解方法 下 页 上 页 返 回 线性 网络 + u i _ 第一种分解方法：  p 有时为正 , 有时为负。  p0, 电路吸收功率。  p0， 电路发出功率。  t i O u )]2c os ([c os )(   tUItpUIcos 恒定 分量 UIcos (2 t － )为正弦分量 下 页 上 页 返 回 p  t O 第二种分解方法： ( ) c o s [ 1 c o。