名师20xx备考-名校解析物理分类汇编11月第二期--c单元牛顿运动定律

名师20xx备考-名校解析物理分类汇编11月第二期--c单元牛顿运动定律内容摘要：

弧轨道克服摩擦力做的功本题综合考查了动能定理、牛顿第二定律、能量守恒定律等知识，综合性较强，关键理清物块的运动过程，选择合适的规律进行求解．【【名师原创精品解析纯word版】物理卷2015届四川省南充市高三第一次高考适应性考试（201411）word版】3．升降机的地面固定一个压力传感器，物体置于传感器上的水平接触面上，如图（a)所示，压力传感器通过处理电路和计算机相连，当升降机在竖直方向运动时，计算机描绘出一段时间内物体对压力传感器的压力随时间变化的图像如图(b)所示，关于升降机的运动，下列说法正确的是 A．0～t1一定向上做匀加速运动B．t1～t2一定向上做匀加速运动C．t1～t2的加速度可能逐渐增大D．t2～t3的加速度可能逐渐增大【答案】【知识点】牛顿第二定律 C2【答案解析】C解析：C、由图线t1～t2可知，物体对P的压力大于物体的重力，且逐渐增大，则支持力大于重力，且逐渐增大，根据牛顿第二定律知，加速度方向竖直向上，且逐渐增大，由此可知电梯加速度方向可能竖直向上，且在变大，故C正确．B、由图线L可知，支持力的大小等于2mg，根据牛顿第二定律得，Fmg=ma，解得a=g，方向竖直向上．故B正确．C、由图线M可知，支持力等于重力，知电梯可能处于静止，可能处于匀速直线运动状态．故C错误．D、由图线N可知，支持力的大小先大于mg再小于mg，根据牛顿第二定律知，加速度的方向先向上，再向下．故D正确．故选BD．【思路点拨】物体对P的压力等于支持力的大小，根据牛顿第二定律判断加速度的大小和方向，从而确定电梯的运动情况．【【名师原创精品解析纯word版】物理卷2015届四川省成都外国语学校高三11月月考解析版（201411）】，一轻质弹簧一端固定在竖直墙壁上，当它自然伸展时另一端位于A点，现用一质量为的物块（可视为质点）将弹簧自由端压缩至B点（不拴接），A、B两点间的距离为10cm，将物块由静止释放，物块滑过A点后继续向右滑行10cm停止运动，但质量只有的物块同样将弹簧自由端压缩至B点由静止释放，则此时( )【答案】【知识点】摩擦力做功、动能定理含弹簧考查题。 CEE6。 【答案解析】CD。 压缩在厉害时的加速度最大，根据牛顿第二定律可得：。 其加速度不是原来的2倍，A错；在最大速度位置，物块所受合力为零，即有：，因物块质量不同，其最大速度位置也不同，B答案错误；根据动能定理可得：为时，有：；为时，有：，两式联立得，因，所以有。 C正确；依题意有：在两种情况下，弹簧具有的弹性势能相同，克服摩擦力做功相同，产生的热量相同，D正确；故本题选择CD答案。 【思路点拨】本题抓住两种情况是物块都在B点释放，具有的相同的弹性势能，此时所受的弹力也相同，根据牛顿第二定律求加速度表达式，就可判定A答案是否正确；由动能定理或功和能的关系，列出相关表达式就可判定BCD答案的正确性。 【【名师原创精品解析纯word版】物理卷2015届四川省成都外国语学校高三11月月考解析版（201411）】，一条长L=1m 的轻质细绳一端固定在O点，另一端连一质量m=2kg的小球（可视为质点），将细绳拉直至与竖直方向成600由静止释放小球，已知小球第一次摆动到最低点时速度为3m/=10m/s2，则( )，重力对小球做功的功率为60W【答案】【知识点】圆周运动、牛顿第二定律、功、功率、功和能的关系。 CDEE6。 【答案解析】C。 取最低点为零势能位置，根据牛顿第二定律得：，由计算可知A答案错；小球摆到最低点时重力对小球做功功率为零，B答案错；在最高点，小球系统的机械能为E=，在最低点小球的动能为：。 损失的机械能为：，由此可知C答案正确；小球从释放到第一次摆动到最低点的过程中重力做功为8J，D错，故本题选择C答案。 【思路点拨】本题首先选择好零势能位置，求初末状态的机械能进行比较求机械能的损失量。 运用牛顿第二定律求绳对小球的拉力。 用功的表达式求重力所做的功从而选择正确答案。 【【名师原创精品解析纯word版】物理卷2015届四川省成都外国语学校高三11月月考解析版（201411）】2. 铁路在弯道处的内外轨道高低是不同的，已知内外轨道对水平面倾角为θ，如图所示，弯道处的圆弧半径为R，若质量为m的火车转弯时速度小于，则 A．内轨对内侧车轮轮缘有挤压B．外轨对外侧车轮轮缘有挤压C．这时铁轨对火车的支持力大于D．这时铁轨对火车的支持力等于【答案】【知识点】曲线运动中的火车转弯应用考查题。 CD4。 【答案解析】A。 火车相当于在斜面上作圆周运动，根据受力分析和牛顿第二定律得：，当小于时，是内轨对内侧车轮轮缘有挤压，A对，B错；这时铁轨对火车的支持力小于，C、D答案都错；故本题选择A答案。 【思路点拨】本题先要对火车进行受力分析，再依据牛顿第二定律和圆周运动中的向心力公式推出火车运动的临界速度，由告知的条件进行选择答案。 【【名师原创精品解析纯word版】物理卷2015届四川省成都外国语学校高三10月月考（201410）】，一块足够大的光滑平板放置在水平面上，，先将轻绳平行于水平轴拉直，然后给小球以沿着平板并与轻绳垂直的初速度，则，则轻绳对小球的拉力大小为N ，【答案】【知识点】圆周运动、牛顿第二定律、机械能守恒定律综合应用选择题。 CDE3【答案解析】A、D。 当时，根据牛顿第二定律得：，由此计算可知A答案正确；当时，根据机械能守恒定律得：，B错误；根据机械能守恒定律可得：，根据牛顿第二定律可得：，两式联立得：，由计算可知，C答案错，D对，故本题选择A、D答案。 【思路点拨】本题是将圆周运动从水平面迁移到斜面或竖直平面上的变形题。 在水平面上要利用牛顿第二定律求绳对小球的拉力。 在竖直平面，要利用机械能守恒定律求上升的最大高度。 在斜面上恰好作完整的圆周运动，设与水平面上的夹角为，利用圆的最点时，只有重力的分力提供向心力，求运动到最高点的速度，最后利用机械能守恒定律求满足的条件。 【【名师原创精品解析纯word版】物理卷2015届辽宁师大附中高三上学期期中考试（201411）】7．如图所示，光滑固定斜面C倾角为θ，质量均为m的两物块A、B一起以某一初速沿斜面向上做匀减速直线运动。 已知物块A上表面是水平的，则在该减速运动过程中，下列说法正确的是(　　)A．物块A受到B的摩擦力水平向左B．物块B受到A的支持力做负功C．两物块A、B之间的摩擦力大小为mgsinθcosθD．物块B的机械能减少【答案】【知识点】 隔离法 牛顿第二定律 受力分析C2 B4【答案解析】C 解析：A、对整体分析，其加速度沿斜面向下，可将此加速度分解为水平方向和竖直方向，再隔离B分析可得，故B定会受到A是加大水平向左的摩擦力，根据牛顿第三定律，则物块A受到B的摩擦力水平向右，故A错误B、物块B受到A的支持力向上，物体B有向上的位移，故支持力做正功．故B错误C、对整体分析，其加速度沿斜面向下，可将此加速度分解为水平方向和竖直方向，水平方向上的加速度a1=acosθ=gsinθcosθ，竖直方向上的分速度a2=asinθ=gsin2θ．隔离对B分析，A对B的摩擦力f=ma1=mgsinθcosθ．故C正确D、采用逆推法，没有A的阻碍作用，B将会自由落体运动，故加速下降时B对A做正功，减速上升时，A对B做正功，故A机械将增加，故D错误.故选C.【思路点拨】根据整体法求出AB共同的加速度，将加速度分解为水平方向和竖直方向，隔离对B分析，求出A、B之间的支持力和摩擦力．【【名师原创精品解析纯word版】物理卷2015届辽宁师大附中高三上学期期中考试（201411）】6．如图所示，竖直平面内，一带正电的小球，系于长为L的不可伸长的轻线一端，线的另一端固定为O点，它们处在匀强电场中，电场的方向水平向右，场强的大小为E．已知电场对小球的作用力的大小等于小球的重力．现先把小球拉到图中的P1处，使轻线伸直，并与场强方向平行，然后由静止释放小球．已知小球在经过最低点的瞬间，因受线的拉力作用，其速度的竖直分量突变为零，水平分量没有变化，(不计空气阻力)则小球到达与P1点等高的P2点时线上张力T为多少(　　)A．mg　 　B．3mg　 　C．4mg　 　D．5mg【答案】【知识点】带电粒子在匀强电场中的运动 牛顿第二定律 向心力公式I3 C2 D4【答案解析】B解析：小球由静止释放到最低点的过程中受到电场力和重力两个力，其合力的方向是由P1指向最低点，因此小球做匀加速直线运动，水平分量是vx=．在到达P2的过程中，由动能定理有Eqlmgl=,即v=vx=．根据牛顿第二定律得，TqE=m解得T=3mg．故B正确，A、C、D错误．故选B．【思路点拨】小球在电场力和重力的作用下做加速运动，当绳被拉直的时候，沿着绳的速度的大小变为零，之后球在重力和电场力的作用下继续向右运动，从绳被拉直到到达P2的过程中，根据动能定理可以求得到达P2时速度的大小．根据径向的合力提供向心力求出绳子的张力大小．【【名师原创精品解析纯word版】物理卷2015届江西省新余一中高三第二次模拟考试（201410）】16.（13分） 一平板车，质量M =100kg，停在水平路面上，车身的平板离地面的高度h =。 一质量m =50kg的滑块置于车的平板上，它到车板末端的距离b=，与车板间的动摩擦因素μ=，如图所示，今对平板车施一水平方向的恒力，使车向前行驶，结果滑块从车板上滑落，滑块刚离开车板的时刻，车向前行驶的距离s.=。 求滑块落地时，落地点到车尾的距离s。 （不计路面与平板车间以及轮轴的摩擦，g=10m/s2）bFh【答案】【知识点】牛顿第二定律 匀变速直线运动位移和时间的关系 C2 【答案解析】s=(m) 解析：解：对滑块： （2分）， 对车：，（2分）解得F=500N， t1=1s，（1分） a1=μg=2m/s2，（1分） a2= （1分）。 滑块离开车后，对车，（1分）滑块平抛落地时间 （1分） 从离开小车至滑块落地，对滑块s1=v1t2=a1t1t2=1(m) （1分） 对车（2分）故s=s2 s1=(m) （1分） 【思路点拨】物体从平板车滑落后,做平抛运动,根据平抛运动规律及运动学公式,滑落前受二力作用,即F和摩擦力,二力方向相反,当从m从B点滑落后,平板车水平方向只受F作用,做匀加速直线运动,根据运动学公式求位移,进而求得落地点到车尾的距离.【【名师原创精品解析纯word版】物理卷2015届江西省新余一中高三第二次模拟考试（201410）】⒐如图所示为运送粮袋的传送装置，已知AB间长度为L，传送带与水平方向的夹角为，工作时运行速度为v，粮袋与传送带间的动摩擦因数为，正常工作时工人在A点将粮袋放到运行中的传送带上，关于粮袋从A到B的运动，（设最大静摩擦力等于滑动摩擦力）以下说法正确的是 A．粮袋到达B点的速度可能大于、等于或小于vB．粮袋开始运动的加速度为,若L足够大,则以后将以速度做匀速运动C．若,则粮袋从A到B一直做加速运动D．不论大小如何,粮袋从A到B一直做匀加速运动,且【答案】【知识点】牛顿第二定律 单位制C2【答案解析】A C 解析：解：A、粮袋在传送带上可能一直做匀加速运动，到达B点时的速度小于v；可能先匀加速运动，当速度与传送带相同后，做匀速运动，到达B 点时速度与v相同；也可能先做加速度较大的匀加速运动，当速度与传送带相同后做加速度较小的匀加速运动，到达B点时的速度大于v；故A正确．B、粮袋开始时受到沿斜面向下的滑动摩擦力，大小为μmgcosθ，根据牛顿第二定律得到，加速度a=g（sinθ+μcosθ）．故B错误．C、若μ＜tanθ，则重力的下滑分力大于滑动摩擦力，故a的方向一直向下，粮袋从A到B一直是做加速运动【可能是一直以g（sinθ+μcosθ）的加速度匀加速；也可能先以g（sinθ+μcosθ）的加速度匀加速，后以g（sinθμcosθ）匀加速．故C正确．D、由上分析可知，粮袋从A到B不一定一直匀加速运动．故D错误．故选：AC．【思路点拨】粮袋在传送带上可能一直做匀加速运动，到达B点时的速度小于v；可能先匀加速运动，当速度与传送带相同后，做匀速运动，到达B点时速度与v相同；也可能先 做加速度较大的匀加速运动，当速度与传送带相同后做加速度较小的匀加速运动，到达B点时的速度大于v；粮袋开始时受到沿斜面向下的滑动摩擦力，加速度为 g（sinθ+μcosθ）．若μ≥tanθ，粮袋从A到B可能一直是做加速运动，也可能先匀加速运动，当速度与传送带相同后，做匀速运动．【【名师原创精品解析纯word版】物理卷2015届江西省新余一中高三第二次模拟考试（201410）】⒊在稳定轨道上的空间站中，物体处于完全失重状态．有如图（2）所示的装置，半径分别为r和R（Rr）的甲、乙两个光滑的圆形轨道安置在同一竖直平面上，轨道之间有一条水平轨道CD相通，宇航员让一小球以一定的速度先滑上甲轨道，通过粗糙的CD段，又滑上乙轨道，最后离开两圆轨道，那么下列说法正确的是： A．小球在CD间由于摩擦力而做减速运动 B．小球经过甲轨道最高点时比经过乙轨道最高点时速度大C．如果减少小球的初速度，小球有可能不能到达乙轨道的最高点D．小球经过甲轨道最高点时对轨道的压力大于经过乙轨道最高点时对轨道的压力【答案】【知识点】牛顿第二定律 向心力C2【答案解析】D 解析：A：小球处于完全失重状态,压力对水平轨道压力为零，不受摩擦力，做匀速直线运动故A错B：小球处于完全失重状态,在圆轨道中做匀速圆周运动，只要有速度就能通过圆规道，故B C错D在圆轨道中做匀速圆周运动靠轨道的压力提供向心力即N= 半径越小压力越大故D正确【思路点拨】该装置处于稳定的空间站中，处于完全失重状态，,.【【名师原创精品解析纯word版】物理卷2015届北京市重点中学高三上学期第一次月考（201410）】21．如图所示。