全国名校20xx高考物理试题分类汇编11月第二期c2牛顿第二定律单位制含解析

全国名校20xx高考物理试题分类汇编11月第二期c2牛顿第二定律单位制含解析内容摘要：

0s cm ，所以有 2 40s cm。 C 正确；依题意有：在两种情况下，弹簧具 有的弹性势能相同，克服摩擦力做功相同，产生的热量相同， D 正确；故本题选择 CD 答案。 【思路点拨】 本题抓住两种情况是物块都在 B 点释放，具有的相同的弹性势能，此时所受的弹力也相同，根据牛顿第二定律求加速度表达式，就可判定 A 答案是否正确；由动能定理或功和能的关系，列出相关表达式就可判定 BCD答案的正确性。 【【原创精品解析纯 word 版】物理卷 2020 届四川省成都外国语学校高三 11 月月考解析版（ 202011）】 ，一条长 L=1m 的轻质细绳一端固定在 O 点，另一端连一质量 m=2kg的小球（可视为质点 ），将细绳拉直至与竖直方向成600由静止释放小球，已知小球第一次摆动到最低点时速度为 3m/ g=10m/s2，则 ( ) 18N ，重力对小球做功的功率为 60W 1J 9J 14 【答案】【知识点】 圆周运动、牛顿第二定律、功、功率、功和能的关系。 C D E E6。 【答案解析】 C。 取 最低点为零势能位置，根据牛顿第二定律得： 2vT mg ml，2 2 232 1 0 2 3 81vvT m g m T m g m N N Nll         由计算可知 A 答案错；小球摆到最低点时重力对小球做功功率为零， B 答案错；在最高点，小球系统的机械能为E= 0(1 cos60 )mgl  0 1(1 c o s 6 0 ) 2 1 0 1 1 0 .02m g l J J      ，在最低点小球的动能为：2211 2 3 922KE m v J J    。 损失的机械能为： 12 10 9 1E E E J J J     ，由此可知 C 答 案正确；小球从释放到第一次摆动到最低点的过程中重力做功为 8J， D 错，故本题选择 C 答案。 【思路点拨】 本题首先选择好零势能位置，求初末状态的机械能进行比较求机械能的损失量。 运用牛顿第二定律求绳对小球的拉力。 用功的表达式求重力所做的功从而选择正确答案。 【【原创精品解析纯 word 版】物理卷 2020 届四川省成都外国语学校高三 11 月月考解析版（ 202011）】 2. 铁路在弯道处的内外轨道高低是不同的，已知内外轨道对水平面倾角为θ，如图所示，弯道处的圆弧半径为 R，若质量为 m 的火车转弯时速度小于 错误 !未找到引用源。 ，则 A． 内轨对内侧车轮轮缘有挤压 B． 外轨对外侧车轮轮缘有挤压 C． 这时铁轨对火车的支持力大于 错误 !未找到引用源。 D． 这时铁轨对火车的支持力等于 错误 !未找到引用源。 【答案】【知识点】 曲线运动中的火车转弯应用考查题。 C D4。 【答案解析】 A。 火车相当于在斜面上作圆周运动，根据受力分析和牛顿第二定律得：2ta n ta nvm g m v g rr  ，当小于 tangr  时，是内 轨对内侧车轮轮 缘有挤压， A 15 对， B 错；这时铁轨对火车的支持力小于cosmg， C、 D 答案都错；故本题选择 A 答案。 【思路点拨】 本题先要对火车进行受力分析，再依据牛顿第二定律和圆周运动中的向心力公式推出火车运动的临界速度，由告知的条件进行选择答案。 【【原创精品解析纯 word 版】物理卷 2020 届四川省成都外国语学校高三 10 月月考（ 202010）】，一块足够大的光滑平板放置在水平面上，能绕水平固定轴 MN 自由转动 从而实现调节其与水平面所成的倾角 .板上一根长为  的轻细绳一端系住一个质量为 kg 的小球，另一端固定在板上的 O 点 .当平板倾角为  时，先将轻绳平行于水平轴MN 拉直，然后给小球以沿着平板并与轻绳垂直的初速度 0 2/v m s ，则 00 ，则轻绳对小球的拉力大小为 4TF N 090 ，则小球相对于水平面可上升的最大高度为 O 点做完整的圆周运动  必须满足的条件为 2sin5 O 点做完整的圆周运动  必须满足的条件为 4sin25 【答案】【知识点】 圆周运动、牛顿第二定律、机械能守恒定律综合应用选择题。 C D E3 【答案解析】 A、 D。 当 00 时，根据牛顿第二定律得： 2220 .5 4 .00 .5T vF m N Nr   ，由 此 计 算 可 知 A 答 案 正 确 ； 当 090 时 ， 根 据 机 械 能 守 恒 定 律 得 ：2 22 0012 0 .22 2 2 1 0vm v m g h h m mg    ， B 错误 ；根 据机 械能 守恒 定律 可得 ：220202 si n22m v m g l m v，根据牛顿第二定律可得： 2sin vmg m l  ，两式联立得：4sin 25 ，由计算可知， C 答案错， D 对，故本题选择 A、 D 答案。 【思路点拨】 本题是将圆周运动从水平面迁移到斜面或竖直平面上的变形题。 在水平面上要利用牛顿第二定律求绳对小球的拉力。 在竖直平面，要利用机械能守恒定律求上升的最大高度。 在斜面上恰好作完整的圆周运 动，设与水平面上的夹角为  ，利用圆的最点时，只有重 16 力的分力提供向心力，求运动到最高点的速度，最后利用机械能守恒定律求 sin 满足的条件。 【【原创精品解析纯 word 版】物理卷 2020 届辽宁师大附中高三上学期期中考试（ 202011）】7． 如图所示，光滑固定斜面 C 倾角为 θ ，质量均为 m 的两物块 A、 B 一起以某一初速沿斜面向上做匀减速直线运动。 已知物块 A 上表面是水平的，则在该减速运动过程中，下列说法正确的是 ( ) A．物块 A 受到 B 的摩擦力水平向左 B．物块 B 受到 A 的支持力做负功 C．两物块 A、 B 之间的摩擦力大小为 mgsinθ cosθ D．物块 B 的机械能减少 【答案】【知识点】 隔离法 牛顿第二定律 受力分析 C2 B4 【答案解析】 C 解析 ： A、对整体分析，其加速度沿斜面向下，可将此加速度分解为水平方向和竖直方向，再隔离 B 分析可得，故 B 定会受到 A 是加大水平向左的摩擦力，根据牛顿第三定律，则物块 A 受到 B 的摩擦力水平向右，故 A 错误 B、物块 B 受到 A 的支持力向上，物体 B 有向上的位移，故支持力做正功．故 B错误 C、对整体 分析，其加速度沿斜面向下，可将此加速度分解为水平方向和竖直方向，水平方向上的加速度 a1=acosθ=gsinθcosθ ，竖直方向上的分速度 a2=asinθ=gsin2θ ．隔离对 B 分析， A 对 B 的摩擦力 f=ma1=mgsinθcosθ ．故 C 正确 D、采用逆推法，没有 A 的阻碍作用， B 将会自由落体运动，故加速下降时 B 对 A 做正功，减速上升时， A 对 B 做正功，故 A 机械将增加，故 D 错误 . 故选 C. 【思路点拨】 根据整体法求出 AB 共同的加速度，将加速度分解为水平方向和竖直方向，隔离对 B 分析，求出 A、 B 之间的支持力和摩擦力． 【【原创精品解析纯 word 版】物理卷 2020 届辽宁师大附中高三上学期期中考试（ 202011）】6．如图所示，竖直平面内，一带正电的小球，系于长为 L 的不可伸长的轻线一端，线的另一端固定为 O 点，它们处在匀强电场中，电场的方向水平向右，场强的大小为 E．已知电场对小 17 球的作用力的大小等于小球的重力．现先把小球拉到图中的 P1 处，使轻线伸直，并与场强方向平行，然后由静止释放小球．已知小球在经过最低点的瞬间，因受线的拉力作用，其速度的竖直分量突变为零，水平分量没有变化， (不计空气阻力 )则小球到达与 P1点等高的 P2点时线 上张力 T 为多少 ( ) A． mg B． 3mg C． 4mg D． 5mg 【答案】【知识点】 带电粒子在匀强电场中的运动 牛顿第二定律 向心力公式 I3 C2 D4 【答案解析】 B 解析 ： 小球由静止释放到最低点的过程中受到电场力和重力两个力，其合力的方向是由 P1指向最低点，因此小球做匀加速直线运动， 水平分量是 vx= ． 在到达 P2的过程中，由动能定理有 Eqlmgl= ,即 v=vx= ． 根据牛顿第二定律得， TqE=m 解得 T=3mg．故 B 正确， A、 C、 D 错误． 故选 B． 【思路点拨】 小球在电 场力和重力的作用下做加速运动，当绳被拉直的时候，沿着绳的速度的大小变为零，之后球在重力和电场力的作用下继续向右运动，从绳被拉直到到达 P2 的过程中，根据动能定理可以求得到达 P2 时速度的大小．根据径向的合力提供向心力求出绳子的张力大小． 【【原创精品解析纯 word 版】物理卷 2020 届江西省新余一中高三第二次模拟考试（ 202010）】16.（ 13 分） 一平板车，质量 M =100kg，停在水平路面上，车身的平板离地面的高度 h =。 一质量 m =50kg 的滑块置于车的平板上，它到车板末端的距离 b=，与车板间的动摩擦因素 μ =，如图所示，今对平板车施一水平方向的恒力，使车向前行驶，结果滑块从车板上滑落，滑块刚离开车板的时刻，车向前行驶的距离 s.=。 求滑块落地时，落地点到车尾的距离 s。 （不计路面与平板车间以及轮轴的摩擦， g=10m/s2） 18 【答案】【知识点】 牛顿第二定律 匀变速直线运动位移和时间的关系 C2 【答案解析】 s=(m) 解析 ： 解：对滑块： 21)(21 tmmgbso  （ 2 分）， 对车：21)(21 tM mgFso  ，（ 2 分） 解得 F=500N， t1=1s，（ 1 分） a1=μg=2m/s 2，（ 1 分） a2= )2/(4 smM mgF  （ 1 分）。 滑块离开车后，对车 )2/(52 smMFa ，（ 1 分）滑块平抛落地时间 ).( sght  （ 1 分） 从离开小车至滑块落地，对滑块 s1=v1t2=a1t1t2=1(m) （ 1 分） 对车)( 2239。 22122239。 2222 mtattatatvS  （ 2 分） 故 s=s2 s1=(m) （ 1 分） 【思路点拨】 物体从平板车滑落后 ,做平抛运动 ,根据平抛运动规律及运动学公式 ,求时间和位移 .对平板车 M,滑落前受二力作用 ,即 F和摩擦力 ,二力方向相反 ,当从 m从 B点滑落后 ,平板车水平方向只受 F作用 ,做匀加速直线运动 ,根据运动学公式求位移 ,进而求得落地点到车尾的距离 . 【【原创精品解析纯 word 版】物理卷 2020 届江西省新余一中高三第二次模拟考试（ 202010）】⒐ 如图所示为 运送 粮袋的传送装置 ， 已知 AB 间长度为 L， 传送带与水平方向的夹角为  ， 工作时运行速度为 v， 粮袋与传送带间的动摩擦因数为  ， 正常工作时工人在 A 点将粮袋放到运行中的传送带上 ， 关于粮袋从 A 到 B 的运动 ，（ 设最大静摩擦力等于滑动摩擦力 ） 以下说法正确的是 A．粮袋到达 B 点的速度可能大 于、 等 于 或小 于 v B．粮袋开始运动的加速度为  sin cosg    ,若 L 足够大 ,则以后将 以速度 做匀速运动 C．若 tan ,则粮袋从 A 到 B 一直做加速运动 D．不论  大小如何 ,粮袋从 A 到 B 一直 做 匀加速运动 ,且 sinag b F h 19 【答案】【知识点】 牛顿第二定律 单位制 C2 【答案解析】 A C 解析 ： 解： A、粮袋在传送带上可能一直做匀加速运动，到达 B 点时的速度小于 v；可能先匀加速运动，当速度与传送带相同后，做匀速运动，到达 B 点时速度与 v相同；也可能先做加速度较大 的匀加速运动，当速度与传送带相同后做加速度较小的匀加速运动，到达 B 点时的速度大于 v；故 A 正确． B、粮袋开始时受到沿斜面向下的滑动摩擦力，大小为 μmgcosθ ，根据牛顿第二定律得到，加速度 a=g（ sinθ+μcosθ ）．故 B 错误． C、若 μ ＜ tanθ ，则重力的下滑分力大于滑动摩擦力，故 a 的方向一直向下，粮袋从 A 到 B一直是做加速运动【可能是一直以 g（ sinθ+μcosθ ）的加速度匀加速；也可能先以 g（ sinθ+μcosθ ）的加速度匀加速，后以 g（ sinθ μcosθ ）匀加速．故 C 正确． D、由上分析可知，粮袋 从 A 到 B 不一定一直匀加速运动．故 D 错误． 故选： AC． 【思路点拨】 粮袋在传送带上可能一直做匀加速运动，到达 B 点时的速度小于 v；可能先匀加速运动，当速度与传送带相同后，做匀速运动，到达 B 点时速度与 v 相同。