20xx届高三名校物理试题解析分项汇编新课标ⅰ版第04期专题03牛顿运动定律解析版word版含解析

20xx届高三名校物理试题解析分项汇编新课标ⅰ版第04期专题03牛顿运动定律解析版word版含解析内容摘要：

数3，已知最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等，重力加速度为 g．现对物块施加一水平向右的拉力 F，则木板加速度大小 a 可能是 （ ） A． a＝ μg B． a＝ 3g C． a＝ 23g D． a＝ 2Fm － 3g 25.【 2020 武汉新洲区高三期末检测】如右图所示，小物体 A 与传送带相对静止， 传送带（ 倾角为 θ） 以 逆时针方向 加速度为 a 加速 转动时 （重力加速度为 g） ． A．只有 a gsinθ， A 才受沿传送带向上的静摩擦力作用 B．只有 a gsinθ， A 才受沿传送带向上 的静摩擦力作用 C．只有 a = gsinθ， A 才不受传送带的摩擦力作用 D．无论 a 为多大， A 都受沿传送带向上的静摩擦力作用 26.【 2020南阳五校高三联谊】 如图所示，质量为 m的滑块在水平面上向左撞向弹簧，当滑块将弹簧压缩了 x0时速度减小到零，然后弹簧又将滑块向右推开。 已知弹簧的劲度系数为 k，滑块与水平面间的动摩擦因数为 μ，整个过程弹簧未超过弹性限度，则（ ） A．滑块向左运动过程中，始终做减速运动 B．滑块向右运动过程中，始终做加速运动 C．滑块与弹簧接触过程中最大加速度为 0kx mgm D．滑块向右运动过程中，当弹簧形变量 x＝ mgk 时，物体的加速度为零 27.【 2020衡水高三第四次调研】如图所示，一质量为 m 的物体在沿斜面向上的恒力 F 作用下，由静止从底端向上做匀加速直线运动。 若斜面足够长，表面光滑，倾角为 θ。 经时间 t，恒力 F 做功 80J，此后撤去恒力 F，物体又经时间 t 回到出发点，且回到出发点时的速度大小为 v，若以地面为重力势能的零势能面，则下列说法中正确的是 ( ) A．物体回 到出发点时的机械能是 80J B．在撤去力 F 前的瞬时，力 F 的功率大小是 2 sin3mgv  C．撤去力 F 前的运动过程中，物体的重力势能一直在增加，撤去力 F 后的运动过程中物体的重力势能一直在减少 D．撤去力 F前的运动过程中，物体的动能一直在增加，撤去力 F 后的运动过程中物体的动能一直在减少 28.【 2020黄冈高三 6 月适应考试】 如图甲所示，用一水平外力 F 推着一个静止在倾角为  的光滑斜面上的物体，逐渐增大 F，物体做变加速运动，其 加速度 a 随外力 F 变化的图象如图乙所示，若重力加速度 g 取 10 m/s2。 根据图乙中所提供的信息可以计算出（ sin37  ） A. 物体的质量 B. 斜面的倾角 C. 物体能静止在斜面上所施加的外力 D. 加速度为 6 m/s2时物体的速度 三、计算题 29.【 2020 长葛市第三实验高中第三次考试】 如图所示：在桌面上有一张纸，纸上面有一个小木块，小木块到桌子边缘的距离 L=0． 75m，用力迅速把纸从木块下面抽出，小木块滑离纸面后，又在桌面上滑动，滑出桌面后落到水平 地面上，落点到桌边的水平距离为 ，桌面离地面高度为 ，木块与纸面和桌面的动摩擦因数分别为 ． g取 l0m／ s2．求：从小木块下面抽出纸所用时间。 【答案】 【解析】 试题分析：滑块离开桌面做平抛运动： 212h gt= x vt= 解得 v=1m/s 在纸上滑动时 a1=μ1g v1=a1t1 211 12vxa= 在桌面上滑动： a2=μ2g 2212 22vvxa= 且 L=x1+x2 由上式解得： t1= 考点：平抛运动；牛顿定律的应用。 30.【 2020长葛市第三实验高中第三次考试】 如图所示，质量 M = 1kg 的木板静止在粗糙的水平地面上，木板与地面间的动摩擦因数 μ1=，在木板的左端放置一个质量 m=1kg、大小可以忽略的铁块，铁块与木板间的动摩擦因数 μ2=，认为最大静摩擦力等于滑动摩擦力，取 g=10m/s2。 试求： （ 1）若木板长 L=1m，在铁块上加一个水平向右的恒力 F=8N，经过多长时间铁 块运动到木板的右端。 （ 2）若在木板（足够长）的右端施加一个大小从零开始连续增加的水平向左的力 F，请在图中画出铁块受到的摩擦力 f 随拉力 F 大小变化的图像．要求有计算过程。 【答案】（ 1） 1s（ 2）见解析 【解析】 试题分析： 考点：牛顿定律的综合应用。 31.【 2020长葛市第三实验高中第三次考试】 【高考为物理 ——选修 34】 已知质量为 m 的木块在大小为 F 的水平拉力作 用下，沿粗糙水平地面做匀加速直线运动，加速度 为 a，若在木块上再施加一个与水平拉力 F 在同一竖直平面内斜向下的推力 F，而 不改变木块加速度的大小和方向，求（ 1）木块与 地面的动摩擦因数的表达式 （ 2）设 F=30N , m= , a=5,0m/s2 , 此推力 F 与水平拉力 F 的夹角 【答案】（ 1）  F mamg（ 2） 450 【解析】 试题分析：第一次物体受力情况如图甲所示，牛顿定律方程为： FμfN=ma ① FN=mg ② 由 ① 、 ② 式解得：  F mamg 第二次物体受力情况如图乙所示，牛顿定律方程为： maFFF N  c o s ③ sinFmgFN  ④ 两次 a 相等，由 ① 、 ② 、 ③ 、 ④ 式得： 1s inc o s ( s in ) c o s mgF m g F F m g F F m a     = + + = = ， tan mgF m a = 故有： θ=arctan mgF ma =450 考点：牛顿定律。 32.【 2020 保定高三上学期调研】 (14 分）如图所示，在水平地面上有一木板 A， 木板 A长 L=6m,质量为 M=8kg， 在水平地面上向右做直线运动。 某时刻木板 A 速度 v0=6m/s， 在此时刻对木板 A 施加一个方向水平向左的恒力 F=32N,与此同时，将一个质量 m=2kg的小物块 B 轻放在木板 A 上的 P 点（小物块可视为质点，放在 P点时相对于地面的速度为 零 )， P点到木板 A 右端距离为 1m， 木板 A与地面间的动摩擦因数为 =,小 物块 B 与长木板 A间有压力，由于 A、 B 间光滑不存在相互的摩擦力， A、 B 是各自独立 的物体，不计空气阻力 .取 g= 10m/： (1) 小物块 B 从轻放到木板 A 上幵始，经多长时间木板 A与小物块 B 速度相同。 (2) 小物块 B 从轻放到木板 A 上开始至离开木板 A的过程，恒力 F对木板 A所做的 功及小物块 B 离开木板 A时木板 A 的速度。 【答案】（ 1） 201 1 3 ( 1 ) 52vx m L ma     （ 2） 222 4 /v a x m s 【解析】 试题分析：（ 1）由于小物块 B 与木板 A 间无摩擦力则小物块 B 离开木板 A 前始终相对地面静止，木板 A 在恒力和摩擦力作用下，先向左转匀加速，当木板 A 向右运动速度减为 0 时两者同速，设此过程用时 t1，研究木板 A 向右匀减速过程，对木板 A 应用牛顿第二定律： 1()F M m g M a   33.【 2020河北 冀州中学高三期中考试】 （ 10 分）游乐园的小型 “摩天轮 ”上对称站着质量均为 m 的 8 位同学，如图所示， “摩天轮 ”在竖直平面内逆时针匀速转动，若某时刻转到顶点 a上的甲同学让一小重物做自由落体运动，并立即通知下面的同学接住，结果重物掉落时正处 在 c 处（如图）的乙同学恰好在第一次到达最低点 b 处接到，己知 “摩天轮 ”半径为 R，重力加速度为 g，（不计人和吊篮的大小及重物的质量）．问： （ 1）接住前重物下落运动的时间 t=? （ 2）人和吊篮随 “摩天轮 ”运动的线速度大小 v=? （ 3）乙同学在最低点处对地板的压力 FN=? 34.【 202018。