山东省潍坊市20xx届高三物理上学期12月月考试卷含解析

山东省潍坊市20xx届高三物理上学期12月月考试卷含解析内容摘要：

相等，故 D错误． 故选： B． 【点评】解决本题的关键理解卫星是如何进行变轨，以及在比较 Q点的速度和圆轨道速度时，引入另一个圆轨道串联 一下，问题引刃而解． 5．如图所示， ABC为与匀强磁场垂直的边长为 a的等边三角形，比荷为 e/m的电子以速度v0从 A 点沿 AB边入射，欲使电子经过 BC 边，磁感应强度 B的取值为 ( ) A． B＞ B． B＜ C． B＞ D． B＜ 【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律；向心力． 【专题】带电粒子在磁场中的运动专题． 【分析】电子进入磁场后受到洛伦兹力作用而做匀速圆周运动，由半径公式 r= 知，电子的速率越大，轨迹半径越大，欲使电子能经过 BC边，当电子恰好从 C点离开时，轨迹半径最小，由几何 知识求出最小的半径，由半径公式求出 B的最大值，即可得到 B的范围． 【解答】解：当电子从 C点离开磁场时，电子做匀速圆周运动对应的半径最小，设为 R，则几何知识得： 2Rcos30176。 =a ，得 R= ； 欲使电子能经过 BC边，必须满足 R＞ 而 R= = 所以 ＞ 化简得 ； 故 D正确， A、 B、 C错误． 故选： D 【点评】本题是磁场中临界条件问题，关键是运用几何知识求最小的轨迹半径，即可由半径求解 B的范围． 6．如图所示，两个端面半径同为 R的圆柱形铁芯同轴水平放置，相对的端面之间有一缝隙，铁芯上绕导线并 与电源连接，在缝隙中形成一匀强磁场．一铜质细直棒 ab水平置于缝隙中，且与圆柱轴线等高、垂直．让铜棒从静止开始自由下落，铜棒下落距离为 动势大小为 E1，下落距离为 E2．忽略涡流损耗和边缘效应．关于 EE2的大小和铜棒离开磁场前两端的极性，下列判断正确的是 ( ) A． E1＞ E2， a端为正 B． E1＞ E2， b端为正 C． E1＜ E2， a端为正 D． E1＜ E2， b端为正 【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；右手定则． 【专题】压轴题． 【分析】根据题意分析知道由铜 棒下落，切割磁感线产生感应电动势． 由于下落距离不同，根据磁感线的分布求出铜棒切割磁感线时的有效长度． 再根据 E=BLv进行对比． 最后根据右手定则判断出电流方向，根据电源内部电流方向特点找出电源的正负极． 【解答】解：根据法拉第电磁感应定律： E=BLv，如下图， L1=2 =2 R， L2=2 =2 R， 又根据 v= ， v1= =2 ， v2= =4 ， 所以 E1=4 BR， E2=8 BR=4 BR， 所以 E1＜ E2． 再根据右手定则判定电流方向从 a到 b，在电源内部电流时从电源负极流向正极， 故 D正确． 【点评】由于铜棒切割磁感线时没有形成回路，所以铜棒做的是自由下落． 对于电源而言，电源内部电流是从电源负极流向正极． 7．如图所示，真空中两虚线圆为以 O为圆心的同心圆，分别于坐标轴交于 abcd、 efgh；在ac两点固定两个等量点电荷 +Q， bd两点固定两个等量点电荷﹣ Q．下列说法正确的是 ( ) A． g、 f两点的电场强度相同 B． e、 h两点的电势相同 C．将质子从 e移到 o电场力一直做正功 D．将质子从 o移到 f电场力一直做正功 【考点】电势差与电场强度的关系；电势． 【专题】比较思想；合成分 解法；电场力与电势的性质专题． 【分析】根据电场的叠加原理分析电场强度的关系．根据对称性分析电势关系．先判断出电势的变化，再分析移动质子时电场力做功的正负． 【解答】解： A、根据电场的叠加原理可知，两个正电荷和两个负电荷在 g点产生的场强方向沿 y轴正向，则 g点的场强方向沿 y轴正向．两个正电荷和两个负电荷在 f点产生的场强方向沿 y轴负向，则 f点的场强方向沿 y轴负向， g、 f两点场强大小相等，方向相反，所以电场强度不同，故 A错误． B、在两个正电荷形成的电场中，根据对称性可知， e、 h两点 的电势相同．在两个负电荷形成的电场中，根据对称性可知， e、 h两点的电势也相同．则根据叠加原理可知， e、 h两点的电势相同．故 B正确． C、根据电场线的分布可知， eo 间的电场线方向沿 e→o ，质子所受的电场力方向由 e→o ，则将质子从 e移到 o电场力一直做正功．故 C正确． D、根据电场线的分布可知， of 间的电场线方向沿 o→f ，质子所受的电场力方向由 o→f ，则将质子从 o移到 f电场力一直做正功．故 D正确． 故选： BCD 【点评】解决本题的关键是掌握等量同种电荷电场线和等势面的分布情况，熟练运用电场的叠加原理来分析电场强度 和电势关系． 8．如图所示，甲图一轻质弹簧的下端固定在水平面上，上端叠放两个质量均为 M的物体 A、B（ B物体与弹簧连接），弹簧的劲度系数为 k，初始时物体处于静止状态．现用竖直向上的 拉力 F作用在物体 A上，使物体 A开始向上做加速度为 a的匀加速运动，测得两个物体的 v﹣ t图象如图乙所示（重力加速度为 g），则 ( ) A．施加外力前，弹簧的形变量为 2 B．外力施加的瞬间， A、 B间的弹力大小为 M（ g﹣ a） C． A、 B在 t1时刻分离，此时弹簧弹力恰好为零 D．弹簧恢复到原长时，物体 B的速度达到最大值 【考点 】共点力平衡的条件及其应用；胡克定律． 【分析】题中弹簧弹力根据胡克定律列式求解，先对物体 AB 整体受力分析，根据牛顿第二定律列方程；再对物体 B受力分析，根据牛顿第二定律列方程； t1时刻是 A与 B分离的时刻，之间的弹力为零． 【解答】解： A、施加 F前，物体 AB整体平衡，根据平衡条件，有： 2Mg=kx解得： x=2 故 A正确． B、施加外力 F的瞬间，对 B物体，根据牛顿第二定律，有： F 弹 ﹣ Mg﹣ FAB=Ma 其中： F 弹 =2Mg 解得： FAB=M（ g﹣ a），故 B正确． C、物体 A、 B在 t1时刻分离，此时 A、 B具 有共同的 v与 a且 FAB=0； 对 B： F 弹 ′ ﹣ Mg=Ma 解得： F 弹 ′=M （ g+a），故 C错误． D、当 F 弹 ′=Mg 时， B达到最大速度，故 D错误． 故选： AB． 【点评】本题关键是明确 A与 B分离的时刻，它们间的弹力为零这一临界条件；然后分别对AB整体和 B物体受力分析，根据牛顿第二定律列方程分析，不难． 9．汽车在平直公路上以速度 v0匀速行驶，发动机功率为 P，牵引力为 F0， t1时刻，司机减小了油门，使汽车的功率立即减小一半，并保持该功率继续行驶，到 t2时刻，汽车又恢复了匀速直线运动．能正确表示这一过程中汽车牵 引力 F随时间 t、速度 v随时间 t变化的图象是 ( ) A． B． C． D． 【考点】功率、平均功率和瞬时功率． 【专题】功率的计算专题． 【分析】汽车匀速行驶时牵引力等于阻力，根据功率和速度关系公式可得： P=Fv，当功率立即减小一半，牵引力减为一半，物体减速运动，分析加速度的变化情况及 F的变化快慢即可解题 【解答】解： A、首先 P=Fv，开始的时候 p=F0V0，功率降一半的时候，速度不能瞬间改变，所以瞬间变化的是力 F，减小一半．由于一开始匀速，所以摩擦力等于 F，故功率减半，导致牵引力下降，汽车开 始减速，减速过程中，牵引力慢慢增大，减。