江苏省南京市玄武区20xx年中考化学二模试卷含解析

江苏省南京市玄武区20xx年中考化学二模试卷含解析内容摘要：

如图所示．下列说法正确的是（ ） A．青蒿素属于有机高分子化合物 B．青蒿素由 15个 C、 22 个 H和 5个 O原子构成 C．三种元素的本质区别是相对原子质量不同 D．青蒿素中氧元素的质量分数为 % 【考点】 化学式的书写及意义；有机物的特征、分类及聚合物的特性；元素的概念；元素的质量分数计算． 【分析】 A．根据有机高分子化合物的概念来分析； B．根据物质的结构来分析； C．根据元素的概念来分析； D．根据青蒿素中氧元素质量分数的计算方法来分析． 【解答】 解： A．青蒿素的相对分子质量为 121 5+122+165=282 ，而有机高分子化合物的相对分子质量大到几万甚至几十万，故错误； B．青蒿素是由青蒿素分子构成的而不是由原子直接构成的，故错误； C．元素的本质区别是核电荷数或质子数不同，故错误； D．青蒿素中氧元素的质量分数为 ≈% ，故正确． 故选 D． 10．用数形结合的方法表示某些化学知识直观、简明、易记．下列用数轴表示正确的是（ ） A．不同物质的着火点： B．硫及其化合物与化合价的关系： C． %的稀硫酸与足量的金属反应产生氢气的质量： H2的质 量 D．物质形成溶液的 pH： 【考点】 燃烧与燃烧的条件；金属的化学性质；溶液的酸碱性与 pH值的关系；有关元素化合价的计算． 【分析】 A．根据物质的着火点来分析； B．根据化合价的规则求出化合价进行分析； C．根据题中的数据分析出反应物之间的关系进行分析； D．根据根据常见物质的溶液的酸碱性进行分析． 【解答】 解： A．三种物质中，铁的着火点最高，故错误； B．在硫化氢中，氢元素显 +1价，故硫元素显﹣ 2价，硫单质中硫元素的化合价为 0，二氧化硫中，氧元素显﹣ 2价，故硫元素显 +4价，硫酸中，硫元素显 +6价，故正 确； %的稀硫酸与足量的金属反应，说明金属过量，生成的氢气质量相等，所以三种金属的位置不正确，故错误； D．纯碱的溶液显碱性，酸奶的溶液显酸性，故错误； 故选 B． 11．下列各组离子能在 pH=1的溶液中大量共存，且形成无色溶液的是（ ） A． Na+Ba2+Cl﹣ SO42﹣ B． Na+CO32﹣ Cl﹣ SO42﹣ C． Cu2+SO42﹣ Na+Cl﹣ D． K+SO42﹣ H+Cl﹣ 【考点】 离子或物质的共存问题；溶液的酸碱性与 pH值的关系． 【分析】 pH为 1的水溶液显酸性，水溶液中含有大量的 H+．根据复分解反应的条件，离子间若能互相结合成沉淀、气体或水，则离子不能共存；本题还要注意能得到无色溶液，不能含有明显有颜色的铜离子、铁离子和亚铁离子等． 【解答】 解： pH为 1的水溶液显酸性，水溶液中含有大量的 H+． A、 Ba2+、 SO42﹣ 两种离子能结合成硫酸钡沉淀，不能大量共存，故选项错误． B、 CO32﹣ 、 H+两种离子能结合成水和二氧化碳，不能在酸性溶液中大量共存，故选项错误． C、四种离子间不能结合成沉淀、气体或水，能在酸性溶液中大量共存，但铜离子的水溶液显蓝色，故选项错误． D、四种离子间不能结合成 沉淀、气体或水，能在酸性溶液中大量共存，且不存在有色离子，故选项正确． 故选： D． 12．有甲、乙、丙、丁四种金属，仅甲在自然界中能以单质形式存在，丙的化合物溶液不能用丁的容器盛放，丁与乙的盐溶液不反应．这四种金属的活动性由强到弱的顺序是（ ） A．乙＞丁＞丙＞甲 B．甲＞乙＞丙＞丁 C．丁＞丙＞乙＞甲 D．甲＞乙＞丁＞丙 【考点】 金属活动性顺序及其应用． 【分析】 根据只有甲是在自然界中是以单质形式存在．乙的化合物的溶液不能用丙制成的容器盛装，但可以用丁制成的容器盛装分析解答． 【解答】 解：由题意可知 ，丙的化合物溶液不能用丁的容器盛放，说明丁比丙活泼；丁与乙的盐溶液不反应，说明乙比丁活泼；甲是在自然界中是以单质形式存在，说明甲的化学性质不活泼，故这四种金属乙最活泼，其次是丁，再次是丙，最不活泼的是甲，所以 A正确． 故选 A． 13．除去下列物质中的少量杂质，所选试剂及操作都正确的是（ ） 序号 物质 杂质 试剂 操作 A FeCl2溶液 CuCl2 过量铁粉 结晶 B CO2 H2O 氢氧化钠固体 洗气 C NaNO3溶液 Na2CO3 适量 CaCl2溶液 过滤 D 铜粉 铁粉 过量盐酸 过 滤 A． A B． B C． C D． D 【考点】 物质除杂或净化的探究；常见气体的检验与除杂方法；金属的化学性质；盐的化学性质． 【分析】 根据原物质和杂质的性质选择适当的除杂剂和分离方法，所谓除杂（提纯），是指除去杂质，同时被提纯物质不得改变．除杂质题至少要满足两个条件： ① 加入的试剂只能与杂质反应，不能与原物质反应； ② 反应后不能引入新的杂质． 【解答】 解： A、 CuCl2溶液能与过量铁粉反应生成氯化亚铁和铜，再过滤除去不溶物，故选项所采取的方法错误． B、氢氧化钠固体具有吸水性，但能与二氧化碳反应，不但能把杂质除去，也会把原物质除去，不符合除杂原则，故选项所采取的方法错误． C、 Na2CO3能与适量 CaCl2溶液反应生成碳酸钙沉淀和氯化钠，能除去杂质但引入了新的杂质氯化钠，不符合除杂原则，故选项所采取的方法错误． D、铁粉能与过量盐酸反应生成氯化亚铁溶液和氢气，铜不与稀盐酸反应，再过滤除去不溶物，能除去杂质且没有引入新的杂质，符合除杂原则，故选项所采取的方法正确． 故选： D． 14．如图是 a、 b、 c三种物质的溶解度曲线．下列叙述错误的是（ ） A． t1℃ 时， a、 c的溶解度相等 B． t1℃ 时， a物质饱和溶液中溶质、溶剂的质量比为 1： 5 C． t2℃ 时 a、 b、 c的饱和溶液降温到 t1℃ 后， C溶液的溶质质量分数最大 D． t2℃ 时 30 g a物质的饱和溶液稀释成 20%溶液需加入水的质量为 20 g 【考点】 固体溶解度曲线及其作用；用水稀释改变浓度的方法；溶质的质量分数、溶解性和溶解度的关系． 【分析】 A、由溶解度曲线，可以比较 t1℃ 时， a、 c的溶解度大小． B、 t1℃ 时， a物质的溶解度为 20g，据此进行分析判断． C、由溶解度曲线图可以看出，在 t2℃ 时 abc的溶解度关系为 a＞ b＞ c，根据饱和溶液中溶质质量分数的计算公式： 100%，可以判断此时其质量分数关系为 a＞ b＞c，降温后 a、 b溶液中均有晶体析出，还是饱和溶液，但在 t1℃ 时， a的溶解度小于 b，所以此时溶质质量分数为： a＜ b， c的溶解度随温度降低而升高变为不饱和溶液，则溶质质量分数将不变，最后进行综合比较． D、根据饱和溶液的质量分数 = 100%、溶液稀释前后溶质的质量不变，结合题意进行分析判断． 【解答】 解： A、 t1℃ 时， a、 c的溶解度曲线交于一点， a、 c的溶解度相等，故选项说法正确． B、 t1℃ 时 ， a物质的溶解度为 20g， t1℃ 时， a物质饱和溶液中溶质、溶剂的质量比为 20g：100g=1： 5，故选项说法正确． C、由溶解度曲线图可以看出，在 t2℃ 时 abc的溶解度关系为 a＞ b＞ c，根据饱和溶液中溶质质量分数的计算公式： 100%，可以判断此时其质量分数关系为 a＞ b＞c，降温后 a、 b溶液中均有晶体析出，还是饱和溶液，但在 t1℃ 时， a的溶解度小于 b，所以此时溶质质量分数为： a＜ b， c的溶解度随温度降低而升高变为不饱和溶液，由于溶液的组成未发生改变，则溶质质量分数将不变；由于 t1℃ 时 a的溶解度大于 t2℃ 时 c的溶解度，故所得溶液的溶质质量分数由大到小的顺序是 bac，故选项说法错误． D、 t2℃ 时 a物质的饱和溶液中溶质质量分数为 100%≈% ，设要加水的质量为 x，根据溶液稀释前后，溶质的质量不变，则 30g%= （ 30g+x） 20% x=20g ，故选项说法正确． 故选 C． 15．四种物质在一定的条件下充分混合反应，测得反应前后各物质的质量分数如下图所示．则有关说法中不正确的 （ ） A．丁一定是化合物 B．乙可能是这个反应的催化剂 C．该反应可以是碳酸钙或过氧化氢的分解反应 D．参加反应的丁的质量一定等于生成甲和丙的质量之和 【考点】 质量守恒定律及其应用；催化剂的特点与催化作用；反应类型的判定． 【分析】 本题可分析甲～丁四种物质反应前后各物质的质量分数，确定是反应物还是生成物，据此结合题意进行分析判断即可． 【解答】 解：由四种物质反应前后各物质的质量分数可知，反应前后甲的质量分数增加了19%﹣ 17%=2%，故甲是生成物；乙的质量分数不变，可能作该反应的催化剂，也可能没有参加反应；丁的质量分数减少了 48%﹣ 30%=18%，故丁是反应物；丙的质量分数增加了 41%﹣ 25%）=16%，丙是生成物． A．该反应的反应物为丁，生成物是甲和丙，符合 “ 一分多 ” 的特征，属于分解反应，所以丁一定是化合物，故正确； B．乙的质量分数不变，可能作该反应的催化剂，也可能没有参加反应，故正确； C．由 2H2O2。