20xx年四川省德阳市高考物理一诊试卷word版含解析

20xx年四川省德阳市高考物理一诊试卷word版含解析内容摘要：

场力做功为零 D．将点电荷 +q 在球面上任意两点之问移动，从 e 点移 动到 f 点的电势能变化量最大 【考点】 电势差与电场强度的关系；电势；电势能． 【分析】 本题中电场可以看作是由匀强电场和点电荷的电场叠加而成，结合电场线和等势面的分布情况，判断电场力做功和电势能的变化． 【解答】 解： A、在点电荷 +Q 产生的电场中 a、 b、 c、 d、 e、 f 点电势相等，但在匀强电场中b、 d、 e、 f 点电势相等，因此 a、 c 两点电势不相等，故 A 错误． B、在点电荷 +Q 产生的电场中 d、 f 点电场强度大小相等，而根据电场的叠加原理可知， d、 f 两点的合场强大小相等．故 B 正确． C、将点电荷 +q 从球面上 b 点移到 c 点， 点电荷的电场力不做功，但匀强电场的电场力却做功，所以电场力做功不为零．故 C 错误． D、将点电荷 +q 在球面上任意两点之间移动，点电荷的电场力不做功；而两点间的电势差最大，由公式 W=Uq 知，匀强电场的电场力做功最大，则从 a 点移动到 c 点的电势能变化量最大，故 D 错误； 故选： B． 7．如图所示，放在光滑水平桌面上的 A、 B 两小木块中部夹一被压缩的轻弹簧，当轻弹簧被放开时， A、 B 两小木块各自在桌面上滑行一段距离后，飞离桌面落在地面上．若 mA=3mB，则下列结果正确的是（ ） A．若轻弹簧对 A、 B 做功分别为 W1和 W2，则有 W1： W2=1： 1 B．在与轻弹簧作用过程中，两木块的速度变化量之和为零 C．若 A、 B 在空中飞行时的动量变化量分别为 △ p1和 △ p2，则有 △ p1： △ p2=1：1 D．若 A、 B 同时离开桌面，则从释放轻弹簧开始到两木块落地的这段时间内，A、 B 两木块的水平位移大小之比为 l： 3 【考点】 动量守恒定律；功的计算． 【分析】 弹簧弹开物体过程中，系统动量守恒，由动量守恒定律求出 A、 B 离开弹簧时速度大小之比，由动能定理求弹簧对 A、 B 做功之比． A、 B 离开桌面后都做平抛运动，它们抛出点的高度相同，运动时间相等，由动量定理分析动量变化量之比．由 x=v0t 分析水平位移之比． 【解答】 解： A、弹簧弹开物体过程中，两物体及弹簧组成的系统动量守恒，取水平向左为正方向，由动量守恒定律得： mAvA﹣ mBvB=0，则速度之比 vA： vB=1：3 根据动能定理得：轻弹簧对 A、 B 做功分别为 W1= mAvA2， W2= mBvB2，联立解得 W1： W2=1： 3，故 A 错误． B、根据动量守恒定律得知，在与轻弹簧作用过程中，两木块的动量变化量之和为零，即 mA△ vA+mB△ vB=0，可得， △ vA+△ vB≠ 0，故 B 错误． C、 A、 B 离开桌面后都 做平抛运动，它们抛出点的高度相同，运动时间相等，设为 t．由动量定理得： A、 B 在空中飞行时的动量变化量分别为 △ p1=mAgt， △p2=mBgt，所以 △ p1： △ p2=3： 1，故 C 错误． D、平抛运动水平方向的分运动是匀速直线运动，由 x=v0t 知， t 相等，则 A、 B两木块的水平位移大小之比等于 vA： vB=1： 3．故 D 正确． 故选： D 8．某位同学在电梯中用弹簧测力计测量一物体的重力，在 0 至 t3时间段内，弹簧测力计的示数 F 随时间 t 变化如图所示，以竖直向上为正方向，则下列关于物体运动的 a﹣ t 图、 v﹣ t 图及 P﹣ t 图 （ P 为物体重力的功率大小）可能正确的是（ ） A． B． C ． D． 【考点】 牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像． 【分析】 根据物体的受力情况判断物体的运动规律，从而得出电梯的运动规律，根据牛顿第二定律求出加速度，结合运动学公式求出速度和功率． 【解答】 解：由于该题没有告诉弹簧的拉力与重力大小之间的关系，可以依题意，分三种情况讨论： 1．若 F1=mg，则 0﹣ t1时间内电梯静止或做匀速直线运动，即速度等于 0，或速度保持不变，加速度等于 0．四个图线没有是可能的； 2．若 F2=mg，则 F1＜ mg，在 0﹣ t1时间内电梯受到的合外力的方向向下，加速度的方向向下，为负值．所以 D 是不可能的；加速度的方向向下，则物体 0﹣ t1时间内在可能向下做加速运动，速度为负，故 AB 是不可能的；而 t1﹣ t2时间内受到的合外力等于 0，物体做匀速直线运动，物体的速度不变，故 B 是错误的；又由： P=mgv，可知 t1﹣ t2时间内重力的功率不变，故 C 是错误的； 3．若 F3=mg，则 F1＜ mg， F2＜ mg，在 0﹣ t2时间内电梯受到的合外力的方向都是向下，加速度的方向向下，故 ACD 是不可能的； F3=mg，可知在 0﹣ t1时间内向下的加速度大于 t1﹣ t2时间内向下的加速度，而 t2﹣ t3时间内物体做匀速直线运动，所以速度图象如图， 速度的方向向下，重力的方向也向下，由 P=mgv 可知，图 C 是重力的功率随时间变化的图线．故 C 是正确． 由以上的分析，可知只有 C 选项是可能的， ABD 都是不可能的． 故选： C 9．甲、乙两船在同一河流中同时开始渡河，河水流速为 v0，船在静水中的速率均为 v，甲、乙两船船头均与河岸成 θ角，如图所示，已知甲船恰能垂直到达河正对岸的 A 点，乙船到达河对岸的 B 点， A、 B 之间的距离为 L，则下列判断正确的是（ ） A．乙船先到达 对岸 B．若仅是河水流速 v0增大，则两船的渡河时间都不变 C．不论河水流速 v0 如何改变，只要适当改变 θ 角，甲船总能到达正对岸的 A点 D．若仅是河水流速 v0增大，则两船到达对岸时，两船之间的距离仍然为 L 【考点】 运动的合成和分解． 【分析】 根据小船的运动分解为平行于河岸和垂直于河岸两个方向，抓住分运动和合运动具有等时性，可以比较出两船到达对岸的时间以及两船沿河岸方向上的位移大小，与间距，从而即可求解． 【解答】 解： A、将小船的运动分解为平行于河岸和垂直于河岸两个方向，抓住分运动和合运动具有等时性，知甲乙两船到 达对岸的时间相等．渡河的时间t= ，故 A 错误； B、若仅是河水流速 v0增大，渡河的时间 t= ，则两船的渡河时间都不变，故 B 正确； C、只有甲船速度大于水流速度时，不论水流速 v0如何改变，甲船都可能到达河的正对岸 A 点，故 C 错误； D、若仅是河水流速 v0增大，则两船到达对岸时间不变，根据速度的分解，船在水平方向的分速度仍不变，则两船之间的距离仍然为 L．故 D 正确． 故选： BD． 10．如图所示，带电质点 P1固定在光滑的水平绝缘面上，在水平绝缘面上距 P1一定距离处有另一个带电质点 P2， P2在水平绝缘面上运动，某 一时刻质点 P2以速度 v 沿垂直于 P1 P2的连线方向运动，则下列说法正确的是（ ） A．若 P P2带同种电荷，以后 P2一定做速度变大的曲线运动 B．若 P P2带同种电荷，以后 P2一定做加速度变大的曲线运动 C．若 P P2带异种电荷，以后 P2的速度和加速度可能都不变 D．若 P P2带异种电荷，以后 P2可能做加速度、速度都变小的曲线运动 【考点】 库仑定律． 【分析】 分 P1和 P2为同种电荷和异种电荷两种情况来讨论，当为同种电荷时，P2 要远离 P1，当为异种电荷的时候，根据库仑力和向心力的大小关系来分别讨论可能的运动情况． 【解答】 解： A、若 P P2为同种电荷， P P2之间的库仑力为排斥力，并且力的方向和速度的方向不再一条直线上，所以质点 P2 一定做曲线运动，由于两者之间的距离越来越大，它们之间的库仑力也就越来越小，所以 P2 的加速度在减小．速度增大，故 A 正确， B 错误； C、若 P P2为异种电荷， P P2之间的库仑力为吸引力，当 P P2之间的库仑力恰好等于向心力的时候， P2就绕着 P1做匀速圆周运动，此时 P2速度的大小和。