甘肃省定西市20xx-20xx学年高二物理上学期期末试卷含解析

甘肃省定西市20xx-20xx学年高二物理上学期期末试卷含解析内容摘要：

走过的弧长相等，则线速度大小相等，即 ν A： ν B=1： 1，因为 RA=2RB，根据 v=rω 知， ω A： ω B=1： 2，故 A正确 B、周期 T= ，周期之比 TA： TB=2： 1，故 B错误 C、 ω=2πn ，所以转速之比 nA： nB=1： 2，故 C正确 D、 a=rω 2=Vω ，故向心加速度之比 aA： aB=1： 2，故 D错误 故选： AC 【点评】 解决本题的关键知道靠传送带传到的轮子边缘上的点，线速度相等，共轴转动，角速度相等，以及掌握线速度和角速度的关系 6．用控制变量法，可以研究影响平行板电容器电容的因素（如图所示）．设两极板正对面积为 S，极板间的距离为 d，静电计指针偏角为 θ ．实验中，极板所带电荷量不变，若（ ） A．保持 S不变，增大 d，则 θ 变大 B．保持 S不变，增大 d，则 θ 变小 C．保持 d不变，减小 S，则 θ 变小 D．保持 d不变，减小 S，则 θ 不变 【考点】 电容器的动态分析． 【专题】 电容器专题． 【分析】 静电计测定电容器极板间的电势差，电势差越大，指针的偏角越大．根据电容的决定式 C= 分析极板间距离、正对面积变化时电容的变化情况，由于极板所带电荷量不变，再由电容的定义式 C= 分析板间电势差的变化，即可再确定静电计指针的偏角变化情况． 【解答】 解： A、 B、根据电容的决定式 C= 得知，电容与极板间距离成反比，当保持S不变， 增大 d时，电容减小，电容器的电量 Q不变，由电容的定义式 C= 分析可知板间电势差增大，则静电计指针的偏角 θ 变大；反之，保持 S不变，减小 d，则 θ 减小．故 A正确， B错误． C、 D、根据电容的决定式 C= 得知，电容与极板的正对面积成正比，当保持 d不变，减小 S时，电容减小，电容器极板所带的电荷量 Q不变，则由电容的定义式 C= 分析可知板间电势差增大，静电计指针的偏角 θ 变大；反之，保持 d不变，增大 S，则 θ 减小，故C错误， D错误． 故选： A． 【点评】 本题是电容动态变化分析问题，关键抓住两点：一是电容器的电量不变；二 是掌握电容的两个公式：电容的决定式 C= 和 C= ． 7．如图所示，质量为 M的楔形物块静置在水平地面上，其斜面的倾角为 θ ．斜面上有一质量为 m的小物块，小物块与斜面之间存在摩擦．用恒力 F沿斜面向上拉小物块，使之匀速上滑．在小物块运动的过程中，楔形物块始终保持静止．地面对楔形物块的支持力和摩擦力分别为（ ） A．（ M+m） g、 0 B．（ M+m） g﹣ F、 0 C．（ M+m） g+Fsinθ 、 Fsinθ D．（ M+m） g﹣ Fsinθ 、 Fcosθ 【考点】 共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用． 【专题 】 共点力作用下物体平衡专题． 【分析】 物块 m匀速上升，受力平衡，合力为零．楔形物块 M始终保持静止合力也为零，将两个物体看成整体进行研究，根据平衡条件求解地面对楔形物块支持力和摩擦力． 【解答】 解：以物块 m和楔形物块 M整体为研究对象，分析受力情况，如图，由平衡条件得地面对楔形物块支持力大小为： N=（ M+m） g﹣ Fsinθ 地面对楔形物块有向右的摩擦力大小为： f=Fcosθ ．所以 D正确． 故选： D 【点评】 本题采用整体法处理两个物体的平衡问题，也可以采用隔离法研究． 8．质点开始时做匀速直线运动，从 某时刻起受到一恒力作用．此后，该质点的动能可能（ ） A．一直增大 B．先逐渐减小至零，再逐渐增大 C．先逐渐增大至某一最大值，再逐渐减小 D．先逐渐减小至某一非零的最小值，再逐渐增大 【考点】 动能定理的应用． 【分析】 一质点开始时做匀速直线运动，说明质点所受合力为 0，从某时刻起受到一恒力作用，这个恒力就是质点的合力． 根据这个恒力与速度的方向关系确定质点动能的变化情况． 【解答】 解： A、如果恒力与运动方向相同，那么质点做匀加速运动，动能一直变大，故 A正确． B、如果恒力与运动方向相反，那么质点先做匀减速 运动，速度减到 0，质点在恒力作用下沿着恒力方向做匀加速运动，动能再逐渐增大．故 B正确． C、如果恒力方向与原来运动方向不在同一直线上，那么将速度沿恒力方向所在直线和垂直恒力方向分解，其中恒力与一个速度方向相同，这个方向速度就会增加，另一个方向速度不变，那么合速度就会增加，不会减小．故 C错误． D、如果恒力方向与原来运动方向不在同一直线上，那么将速度沿恒力方向所在直线和垂直恒力方向分解，其中恒力与一个速度方向相反，这个方向速度就会减小，另一个方向速度不变，那么合速度就会减小，当恒力方向速度减到 0时，另一个方向 还有速度，所以速度到最小值时不为 0，然后恒力方向速度又会增加，合速度又在增加，即动能增大．故 D正确． 故选 ABD． 【点评】 对于直线运动，判断速度增加还是减小，我们就看加速度的方向和速度的方向． 对于受恒力作用的曲线运动，我们可以将速度分解到恒力方向和垂直恒力方向，再去研究． 9．如图所示，用长为 L的轻绳把一个小铁球悬挂在高 2L的 O点处，小铁球以 O为圆心在竖直平面内做圆周运动且恰能到达最高点 B处，若运动中轻绳断开，则小铁球落到地面时的速度大小为（ ） A． B． C． D． 【考点】 平抛运 动；牛顿第二定律；向心力；机械能守恒定律． 【专题】 平抛运动专题． 【分析】 小球恰好能通过最高点 B，重力提供向心力，根据牛顿第二定律和向心力公式列式求解得到 B点速度；然后根据机械能守恒定律列式求解落地速度． 【解答】 解：小球恰好能通过最高点 B，重力提供向心力， 根据牛顿第二定律，有： mg=m ① 整个运动过程只有重力做功，机械能守恒， 根据守恒定律，有： ② 联立解得： ； 故选 D． 【点评】 本题突破口在于小球恰好经过 B点，重力提供向心力，根据牛顿第二定律列式求解速度；然后机械能守恒定律列式求 解落地速度，不难． 10．如图所示，虚线表示等势面，相邻两等势面间的电势差相等，有一带正电的小球在电场中运动，实线表示该小球的运动轨迹．小球在 a点的动能等于 20eV，运动到 b点时的动能等于 2eV．若取 c点为电势零点，则当这个带电小球的电势能等于﹣ 6eV时（不计重力和空气阻力），它的动能等于（ ） A． 16eV B． 14eV C． 6eV D． 4eV 【考点】 电势能． 【专题】 带电粒子在电场中的运动专题． 【分析】 解决本题需掌握：小球只受电场力时，小球的动能和电势能之和保持不变；正确判断小球在电场中所 受电场力方向以及电场力做功情况． 【解答】 解：小球自 a点运动到 b时，电场力做负功： Wab=2eV﹣ 20eV=﹣ 18eV ① 由于相邻两等势面的电势差相等，故电势差的大小关系有： Uab=3Ubc ② 从 b到 c电场力做正功，根据动能定理有： Wbc=Ekc﹣ Ekb ③ 联立 ①②③ 可得 Ekc=8eV． 由于只有电场力做功，电势能和动能和保持不变，故在 c点： E=Ep+Ek=8eV 即电势能和动能之和为 8eV，因此当电势能等于﹣ 6eV时动能为 14eV，故 ACD错误， B正确． 故选 B． 【点评】 学习电场中的功能关系时可以类比在重力场的功能关系，如只有重力做功，动能和电势能之和保持不变；那么只有电场力做功，电势能和动能之和保持不变． 11．嫦娥二号卫星已成功发射，这次发射后卫星直接进入近地点高度 200公里、远地点高度约 38万公里的地月转移轨道直接奔月．当卫星到达月球附近的特定位置时，卫星就必须 “ 急刹车 ” ，也就是近月制动，以确保卫星既能被月球准确捕获，又不会撞上月球，并由此进入近月点 100公里、周期 12小时的椭圆轨道 a．再经过两次轨道调整，进入 100公里的近月圆轨道 b．轨道 a和 b相切于 P点 ，如图所示．下列说法正确的是（ ） A．嫦娥二号卫星的发射速度大于 km/s，小于 km/s B．嫦娥二号卫星的发射速度大于 km/s C．嫦娥二号卫星在 a、 b轨道经过 P点的速度 va=vb D．嫦娥二号卫星在 a、 b轨道经过 P点的加速度分别为 aa、 ab则 aa＞ ab 【考点】 万有引力定律及其应用；第一宇宙速度、第二宇宙速度和第三宇宙速度． 【专题】 万有引力定律的应用专题． 【分析】 A、 B嫦娥二号发射出去后绕地球做椭圆运动，知嫦娥二号的发射速度大于 ，小于 ． C、嫦娥二号在椭圆轨道的 P点进入圆轨道需减速，使得万有引力等于需要的向心力，做圆周运动． D、根据牛顿第二定律比较嫦娥二号卫星在 a、 b轨道经过 P点的加速度． 【解答】 解： A、嫦娥二号发射出去后绕地球做椭圆运动，知嫦娥二号的发射速度大于，小于 ．故 A正确、 B错误． C、嫦娥二号在椭圆轨道的 P点是近月点，速度比较大，要进入圆轨道，需减速，使得万有。