北京市20xx-20xx学年高一下学期期末物理试卷word版含解析

北京市20xx-20xx学年高一下学期期末物理试卷word版含解析内容摘要：

﹣ Ek0由于初动能相同所以有三个微粒到达下板时的动能关系是 EkC＞ EkB＞ EkA 故D 正确． 故选 CD． 【点评】 处理类平抛问题的关键是利用运动的分解，将曲线运动分解成两个方向上的直线运动，利用等时性处理即可． 7．如图所示，一重力不计的带电粒子以某一速度进入负点电荷形成的电场中，且只在电场力作用下依 次通过 M、 N、 P 三点，其中 N 点是轨迹上距离负点电荷最近的点．若粒子在 M点和 P 点的速率相等，则（ ） A．粒子在 N 点时的速率最大 B． UMN=UNP C．粒子在 N 点时的加速度最大 D．粒子在 M 点时电势能大于其在 N 点时的电势能 【考点】 电场线；匀强电场中电势差和电场强度的关系． 【分析】 由一定的轨迹可得，粒子在匀强电场中受到的电场力的方向向左，在向右运动的过程中，电场力对粒子做负功，粒子的速度减小，电势能增加，根据粒子的运动分析可以得出结论． 【解答】 解： A、由题可得电子受到的电场力向左，在向右运动的过程 中，电场力对电子做负功，粒子的速度减小，运动到 N 点时，电子的速度最小，所以 A错误； B、由于粒子在 M 点和 P 点的速率相等，所以 UMN=﹣ UNP，所以 B 错误； C、根据电场线的疏密可得， N点处的电场线最密，所以粒子在 N点时受到的电场力最大，加速度最大．所以 C 正确； D、当粒子向右运动的过程中，电场力对粒子做负功，电势能增加，粒子在 M 点时电势能小于其在 N 点时的电势能，所以 D 错误． 故选： C． 【点评】 本题就是对电场力做功特点的考查，掌握住电场力做正功，电势能减小，动能增加，电场力做负功时，电势能增加，动能减小． 8．如图所示，电路中 A、 B 为两块竖直放置的金属板， G 是一只静电计，开关 S 合上后，静电计指针张开一个角度，下述做法可使指针张角增大的是（ ） A．使 A、 B 两板正对面积错开一些 B．使 A、 B 两板靠近一些 C．断开 S 后，使 A、 B 两板正对面积错开一些 D．断开 S 后，使 A板向左平移拉开一些 【考点】 电容器． 【分析】 静电计测量的是金属板两端的电势差，闭合电键， A、 B两端的电势差不变．断开电键，则两极板所带的电量不变，根据电容的变化判断电势差的变化． 【解答】 解： AB、电键闭合，两极板电势差不变，则静电计指针 张开的角度不变．故 A、 B错误． C、断开 S 后，极板所带的电量不变，使 A、 B两板正对面积错开一些，正对面积变小，根据 知，电容减小，根据 U= ，则电势差增大，张角增大．故 C 正确． D、断开 S后，使 A板向左平移拉开一些， d增大，根据 知，电容减小，根据 U= ，则电势差增大，张角增大．故 D 正确． 故选 CD． 【点评】 本题属于电容器的动态分析，关于抓住不变量，极板与电源始终相连，则电势差不变，极板与电源断开，则电量不变． 9．如图所示电路，电源电动势为 E，内阻为 r，当开关 S 闭合后，小型直流电动机 M 和指示灯 L 都恰 能正常工作．已知指示灯 L 的电阻为 R0，额定电流为 I，电动机 M 的线圈电阻为 R，则下列说法中正确的是（ ） A．电动机的额定电压为 IR B．电动机的输出功率为 IE﹣ FR C．电源的输出功率为 IE﹣ I2r D．整个电路的热功率为 I2（ R0+R+r） 【考点】 功率、平均功率和瞬时功率． 【分析】 小灯泡是纯电阻电路，满足欧姆定律，但电动机正常工作时不是纯电阻，不能满足欧姆定律；电源的输出功率 P=UI=IE﹣ I2r；由公式 P=UI 求出电动机的总功率 P 总 ．电动机的输出功率是机械功率，根据能量守恒可知 P 出 =P 总 ﹣ P 热 ， P 热 =I2R．整个电路的热功率为I2（ R0+R+r）． 【解答】 解 A、电动机不是纯电阻，不能满足欧姆定律，电动机的额定电压大于 IR，故 A错误； B、电动机的电压为： UM=E﹣ I（ R0+r），电动机的输出功率为： P 出 =UMI﹣ I2R0=[E﹣ I（ R0+r） ]I﹣ I2R0，故 B 错误． C、电源的输出功率为： P=IE﹣ I2r；，故故 C 正确； D、整个电路的热功率为 I2（ R0+R+r），故 D 正确． 故选： CD 【点评】 当电动机正常工作时，其电路是非纯电阻电路，欧姆定律不成立，求电功率只能用P=UI，求电热只能用 P=I2R，求机械功率要根据能量守恒得到 P 机 =P 总 ﹣ P 热 ． 10．直流电路如图所示，在滑动变阻器的滑片 P 向右移动时，电源的（ ） A．效率一定增大 B．内部损耗功率一定增大 C．总功率一定减小 D．输出功率可能先增大后减小 【考点】 电功、电功率；闭合电路的欧姆定律． 【分析】 滑片向右移动时，滑动变阻器接入电路的阻值变大，由欧姆定律可以判断电路电流如何变化，由电功率公式可以分析答题． 【解答】 解：由电路图可知，当滑动变阻滑片向右移动时，滑动变阻器接入电路的阻值增大，电路总电阻变大，电源电动势不变，由闭合电路的欧姆定律可知，电路总电流 I 变小； A、电源的效率 η= = ，电源内阻 r 不变，滑动变阻器阻值 R 变大，则电源效率增大，故 A正确； B、电源内阻 r 不变，电流 I 减小，电源内部损耗功率 Pr=I2r 减小，故 B 错误； C、电源电动势 E 不变，电流 I 变小，电源总功率 P=EI 减小，故 C 正确； D、当滑动变阻器阻值与电源内阻相等时，电源输出功率最大，如果滑动变阻器的最大电阻值大于电源的内电阻，则电源的输出功率先增 大后减小，故 D 正确； 故选： ACD． 【点评】 熟练应用闭合电路欧姆定律、电功率公式即可正确解题；同时要记住 “当外电路的电阻值与电源内阻相等时，电源输出功率最大 ”的结论． 11．如图，两个初速度大小相同的同种离子 a 和 b，从 O 点沿垂直磁场方向进入匀强磁场，最后打到屏 P 上．不计重力．下列说法正确的有（ ） A． a、 b 均带正电 B． a 在磁场中飞行的时间比 b 的短 C． a 在磁场中飞行的路程比 b 的短 D． a 在 P 上的落点与 O 点的距离比 b 的近 【考点】 带电粒子在匀强磁场中的运动． 【分析】 带电粒子在磁场中由洛伦兹力 提供向心力做匀速圆周运动，要熟练应用半径公式和周期公式 进行求解． 【解答】 解： a、 b 粒子的运动轨迹如图所示： 粒子 a、 b 都向下由左手定则可知， a、 b 均带正电，故 A正确； 由 r= 可知，两粒子半径相等，根据上图中两粒子运动轨迹可知 a粒子运动轨迹长度大于b 粒子运动轨迹长度，运动时间 a 在磁场中飞行的时间比 b 的长，故 BC 错误； 根据运动轨迹可知，在 P 上的落点与 O 点的距离 a 比 b 的近，故 D 正确． 故选： AD． 【点评】 带电粒子在磁场中运动的题目解题步骤为：定圆心、画轨迹、求半径． 12．如图，两根相互平行的 长直导线分别通有方向相反的电流 I1和 I2，且 I1＞ I2； a、 b、 c、d 为导线某一横截面所在平面内的四点，且 a、 b、 c与两导线共面； b 点在两导线之间， b、d 的连线与导线所在平面垂直．磁感应强度可能为零的点是（ ） A． a 点 B． b 点 C． c 点 D． d 点 【考点】 通电直导线和通电线圈周围磁场的方向． 【分析】 由安培定则可判出两导线在各点磁感线的方向，再由矢量的合成方法可得出磁感应强度为零的点的位置． 【解答】 解：两电流在该点的合磁感应强度为 0，说明两电流在该点的磁感应强度满足等大反向关系． 根据右手螺旋定则在两 电流的同侧磁感应强度方向相反，则为 a 或 c，又 I1＞ I2，所以该点距 I1远距 I2近，所以是 c 点； 故选 C． 【点评】 本题考查了安培定则及矢量的合成方法，特别应注意磁场的空间性，注意培养空间想象能力． 13．如图所示，两个半径相同的半圆形光滑轨道置于竖直平面内，左右两端点等高，分别处于沿水平方向的匀强电场和匀强磁场中．两个相同的带正电小球同时从两轨道左端最高点由静止释放． M、 N 为轨道的最低点，则下列说法中正确的是（ ） A．两个小球到达轨道最低点的速度 vM＜ vN B．两个小球第一次经过轨道最低点时对轨 道的压力 FM＞ FN C．小球第一次到达 M 点的时间大于小球第一次到达 N 点的时间 D．在磁场中小球能到达轨道的另一端最高处，在电场中小球不能到达轨道另一端最高处 【考点】 带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律；向心力；带电粒子在匀强电场中的运动． 【分析】 带电小球在磁场中运动，洛伦兹力不做功，根据动能定理求出运动到最低点的速度，从而根据牛顿第二定律求出底部对小球的支持力大小，然后进行比较． 【解答】 解： A、对左图，根据动能定理得， ，解得 ． 对右图，根据动能定理得， ，解得 ．所以 vM＞ vN．故A错误． B、在最低点，对左图有： ，解得 FM=3mg． 对右图有： ，解得 FN=3mg﹣ qE．知 FM＞ FN．故 B 正确． C、左图在运动的过程中，只有重力做功，右图在运动的过程中，除重力做功外，还有电场力做负功。