广东省广州市荔湾区20xx届高三上学期第二次调研物理试卷word版含解析

广东省广州市荔湾区20xx届高三上学期第二次调研物理试卷word版含解析内容摘要：

弹，并垂直击中山坡上的目标 A．已知 A点高度为 h，山坡倾角为 θ，由此可算出（ ） A．轰炸机的飞行高度 B．轰炸机的飞行速度 C．炸弹的飞行时间 D．炸弹投出时的动能 【考点】 平抛运动． 【分析】 轰炸机沿水平方向匀速飞行，释放的炸弹做平抛运动．因为平抛运动速度与水平方向夹角的正切值是位移与水平方向夹角正切值的 2倍，速度方向的夹角得知位移与水平方向夹角的正切值，再通过水平位移求出竖直位移，从而得知轰炸机的飞行高度，炸弹的飞行时间，以及炸弹的初速度． 【解答】 解： A、 B、 C 由图可得炸弹的水平位移为 x= 设轰炸机的飞行高度为 H，炸弹的飞行时间为 t，初速度为 v0． 据题：炸弹垂直击中山坡上的目标 A，则根据速度的分解有： tanθ= = 又 = = 联立以上三式得： H=h+ ，可知可以求出轰炸机的飞行高度 H． 炸弹的飞行时间 t= ，也可以求出 t． 轰炸机的飞行速度等于 炸弹平抛运动的初速度，为 v0= ，可知也可以求出．故 A、 B、 C正确． D、由于炸弹的质量未知，则无法求出炸弹投出时的动能．故 D 错误． 故选： ABC． 6． “嫦娥一号 ”和 “嫦娥二号 ”卫星相继完成了对月球的环月飞行，标志着我国探月工程的第一阶段已经完成．设 “嫦娥二号 ”卫星环绕月球的运动为匀速圆周运动，它绕月球运行的周期为 T，已知月球的质量为 M、半径为 R，引力常量为 G，则卫星（ ） A．绕月球运动的线速度 v= B．绕月球运动的角速度 ω= C．绕月球运动的向心加速度 a= D．距月球表面的高度为 h= ﹣ R 【考点】 万有引力定律及其应用． 【分析】 卫星绕月球做圆周运动，万有引力提供向心力，应用万有引力定律与向心力公式可以求出卫星绕月球运动的半径、向心加速度 a 和线速度 v． 【解答】 解： A、 D、嫦娥二号卫星绕月球做匀速圆周运动，万有引力提供向心力，设嫦娥二号卫星距离地面的高度为 h，由牛顿第二定律得： G = 所以： h= 根据线速度与周期的关系可知，绕月球运动的线速度 v= ．故 A错误， D 正确； B、根据角速度与周期的关系可知： ．故 B 正确； C、嫦娥二号卫星距离地面的高度为 h，其向心加速度： a= ．故 C 错误； 故选： BD 7．如图甲所示，一轻质弹簧的下端固定在水平面上，上端放置一物体（物体与弹簧不连接），初始时物体处于静止状态．现用竖直向上的拉力 F 作用在物体上，使物体开始向上做匀加速运动，拉力 F与物体位移 x之间的关系如图乙所示（ g=10m/s2），则下列结论正确的是（ ） A．物体的质量为 2kg B．弹簧的劲度系数为 C．物体的加速度大小为 5m/s2 D．物体与弹簧分离时，弹簧处于压缩状态 【考点】 牛顿第二定律；物体的弹性和弹力． 【分析】 由图示图象可知：开始，物体静止在弹簧上面，弹簧弹 力与重力平衡，施加 F 后即为合力，物体匀加速上升，弹簧上的弹力逐渐变小，运动位移为 4cm后，弹簧恢复原长，此时物块和弹簧分离，此后物体受到恒定的力 F=30N 和重力做匀加速运动．根据牛顿第二定律分别列出起始和分离状态时的方程联立可解得． 【解答】 解： A、开始，物体静止在弹簧上面，弹簧弹力与重力平衡，施加 F后即为合力，所以有 10N=ma①，此后物体匀加速上升，弹力逐渐变小，当弹簧恢复原长后，物块和弹簧分离，合力为 30N﹣ mg=ma②，联立 ①②两式，整理得物体重力： mg=20N，质量 m=2Kg，故 A正确； B、由 图可知，从初始弹簧弹力等于重力到弹簧恢复原长，位移为 4cm，即弹力等于重力时，弹簧形变量为 △ X=4cm，劲度系数 k= = =500N/m=5N/cm，故 B 错误； C、当弹簧恢复原长后，物块和弹簧分离，合力为 30N﹣ mg=ma，又已求得 m=2Kg，则a= m/s2=5m/s2，故 C 正确； D、因为力 F 随弹簧形变量在不断变化，由图象分析可知物体与弹簧分离时弹簧恢复原长，故 D 错误． 故选： AC． 8．如图所示，一倾角为 a 的固定斜面下端固定一挡板，一劲度系数为 k 的轻弹簧下端固定在挡板上．现将一质量为 m 的小物块 从斜面上离弹簧上端距离为 s 处，由静止释放，已知物块与斜面间的动摩擦因数为 μ，物块下滑过程中的最大动能为 Ekm，则小物块从释放到运动至最低点的过程中，下列说法中正确的是（ ） A． μ＜ tana B．物块刚与弹簧接触的瞬间达到最大动能 C．弹簧的最大弹性势能等于整个过程中物块减少的重力势能与摩擦力对物块做功之和 D．若将物块从离弹簧上端 2s 的斜面处由静止释放，则下滑过程中物块的最大动能小于 2Ekm 【考点】 功能关系． 【分析】 小物块从静止释放后能下滑，说明重力沿斜面向下的分力大于最大静摩擦力，由此列式得到 μ与 α的关系．物块所受的合力为零时动能最大．根据能量守恒定律分析各种能量的关系． 【解答】 解： A、小物块从静止释放后能沿斜面下滑，则有 mgsinα＞ μmgcosα，解得 μ＜tanα．故 A正确； B、物块刚与弹簧接触的瞬间，弹簧的弹力仍为零，仍有 mgsinα＞ μmgcosα，物块继续向下加速，动能仍在增大，所以此瞬间动能不是最大，当物块的合力为零时动能才最大，故 B错误； C、根据能量转化和守恒定律知，弹簧的最大弹性势能等于整个过程中物块减少的重力势能与产生的内能之差，而内能等于物块克服摩擦力做功，可得弹簧 的最大弹性势能等于整个过程中物块减少的重力势能与摩擦力对物块做功之和．故 C 正确； D、若将物块从离弹簧上端 2s的斜面处由静止释放，下滑过程中物块动能最大的位置不变，弹性势能不变，设为 Ep．此位置弹簧的压缩量为 x． 根据功能关系可得： 将物块从离弹簧上端 s的斜面处由静止释放，下滑过程中物块的最大动能为 Ekm=mg（ s+x）sinα﹣ μmg（ s+x） cosα﹣ Ep． 将物块从离弹簧上端 s 的斜面处由静止释放，下滑过程中物块的最大动能为 Ekm′=mg•（ 2s+x） sinα﹣ μmg•（ 2s+x） cosα﹣ Ep． 而 2Ekm=mg（ 2s+2x） sinα﹣ μmg（ 2s+2x） cosα﹣ 2Ep=[mg（ 2s+x） sinα﹣ μmg（ 2s+x） cosα﹣ Ep]+[m。