20xx秋人教版物理高二上学期10月月考试题1

20xx秋人教版物理高二上学期10月月考试题1内容摘要：

6．若带正电荷的小 球只受到电场力的作用，则它在任意一段时间内 ( ) A．一定沿电场线由高电势处向低电势处运动 B．一定沿电场线由低电势处向高电势处运动 C．不一定沿电场线运动，但一定由高电势处向低电势处运动 D．不一定沿电场线运动，也不一定由高电势处向低电势处运动 考点： 电势；电势 差与电场强度的关系． 专题： 电场力与电势的性质专题． 分析： 物体的运动情况取决于合力和初始条件．小球只受到电场力的作用，是否沿电场线运动，还要看电场线是直线还是曲线，有没有初速度，初速度方向与电场线的关系．只有当电场线是直线时，小球只受到电场力的作用才可能沿电场线运动． 解答： 解：物体的运动情况取决于合力和 初始条件．小球只受到电场力的作用，是否沿电场线运动，还要看电场线是直线还是曲线，有没有初速度，初速度方向与电场线的关系．只有当电场线是直线时且小球的运动方向沿着电场线时，小球只受到电场力的作用才可能 沿电场线运动．所以 ABC错误， D正确． 故选： D 点评： 对物体运动情况的判断能力，从力学的角度进行分析：物体的运动性质不仅取决于合力，还取决于初速度条件．虽然是简单题，同时也是易错题目． 7．图中电阻 R R R3的阻值相等，电池的内阻不计．开关 K接通后流过 R2的电流是 K 接通前的 ( ) A． B． C． D． 考点： 闭合电路的欧姆定律；串联电路和并联电路． 专题： 恒定电流专题． 分析： k接通前 R1与 R2串联，由欧姆定律可求得电路中的电流； k接通后， R2与 R3并联后与 R1串联，由欧 姆定律可求得总电流，由并联电路的电流规律可求得流过 R2的电流；则可求得接通后电流与接通前电流的关系． 解答： 解： K接通前， R R2串联， ． K接通后，由并联电路的规律可知 故 = ； 故选 B． 点评： 本题要注意审题，明确要求的是流过 R2的电流，故应通过串并联电路的电流规律即可求得电流的比值． 8．如图所示，带箭头的线表示某一电场的电场线．在电场力作用下，一带电粒子（不计重力）经 A点飞向 B点，径迹如图中虚线所示，下列说法正确的是 ( ) A．粒子带正电 B．粒子在 A点加速度大 C．粒子在 B点动能大 D． A、 B两点相比， B点电势能较高 考点： 电场线；动能定理的应用；电势能． 分析： 电场线的疏密表示电场强度的强弱，电场线某点的切线方向表示电场强度的方向．不计重力的粒子在电场力作用下从 A到 B，运动与力关系可知，电场力方向与速度方向分居在运动轨迹两边，且电场力偏向轨迹的内侧． 解答： 解： A、根据曲线运动条件可得粒子所受合力应该指向曲线内侧，所以电场力逆着电场线方向，即粒子受力方向与电场方向相反，所以粒子带负电．故 A错误； B、由于 B点的电场线密，所以 B点的电场力大，则 A点的加速度较小．故 B错误； C、粒子从 A到 B，电场力对粒子运动做负功，电势能增加，导致动能减少，故 C错误； D、对负电荷来讲电势低的地方电势能大，故 D正确； 故选： D 点评： 电场线虽然不存在，但可形象来描述电场的分布．对于本题关键是根据运动轨迹来判定电场力方向，由曲线运动条件可知合力偏向曲线内侧． 9．如图所示的实验装置中，极板 A接地，平行板电容器的极板 B与一个灵敏的静电计相接．将A极板向左移动，增大电容器两极板间的距离时，电容器所带的电量 Q、电容 C、两极间的电压 U，电容器两极板间的场强 E的变化情况是 ( ) A． Q变小， C不变， U不变， E变小 B． Q变小， C变小， U不变， E不变 C． Q不变， C变小， U变大， E不变 D． Q不变， C变小， U变大， E变小 考点： 电容器的动态分析． 专题： 电容器专题． 分析： 题中平行板电容器与静电计相接，电容器的电量不变，改变板间距离，由 C= ，分析电容的变化，根据 C= 分析电压 U的变化，根据 E= 分析场强的变化． 解答： 解： A、 B，平行板电容器与静电计并联，电容器所带电量不变．故 A、 B错误． C、 D，增大电容器两极板间的距离 d时，由 C= 知，电容 C变小， Q不变，根据C= 知， U变大，而 E= = = ， Q、 k、 ɛ、 S均不变，则 E不变．故 C正确， D错误． 故选 C 点评： 对于电容器动态变化分析问题，要抓住不变量．当电容器保持与电源相连时，电压不变．当电容器充电后，与电源断开后，往往电量不变． 10． A、 B两个小球带同种电荷，放在光滑的绝缘水平面上， A的质量为 m， B的质量为 2m，它们相距为 d，同时由静止释放，在它们距离到 2d时， A的加速度为 a，速度为 v，则 ( ) A．此时 B的加速度为 B．此过程中电势能减小 C．此过程中电势能减小 D．此时 B的速度为 考点： 库仑定 律；牛顿第二定律；电势能． 专题： 电场力与电势的性质专题． 分析： 根据牛顿第三定律和第二定律分析两个电荷加速度的关系，得到 B的加速度．将两个电荷同时释放，系统所受的合外力为零，根据动量守恒定律求出 B的速度，由能量守恒定律求解系统电势能的减小量． 解答： 解： A、 B根据牛顿第三定律得知两个电荷间的相互作用力大小相等，由牛顿第二定律得 F=ma，得： = = ，得： aB= aA= ．故 A错误； B、 C、将两个电荷同时释放，系统所受的合外力为零，根据动量守恒定律得： 0=mv﹣ 2mvB，得 vB= 由能量守恒定律得 ：此过程中系统的电势能减少量为： △ɛ= mv2+ •2m（ ） 2= mv2，故 B错误， C也错误， D正确． 故选： D． 点评： 本题关键要抓住两个电荷间接作用力大小相等，分析加速度关系，根据动量守恒和能量守恒研究电势能的变化． 二、双项选择题（每题 4分，共 20分．每题全选对得 4分，选对但不全得 2分，有错误选项的不得分） 11．下列各量中，与检验电荷无关的量是 ( ) A．电场强度 E B．电场力 F C．电势差 U D．电场做的功 W 考点： 电场强度． 专题： 电容器专题． 分析： 电场中几个采用比值法下定义的 物理量，结合物理含义分析选项；利用电场力和电场力做功公式分析选项． 解答： 解： A、电场强度的 大小由电场本身的性质决定，与检验电荷的电量无关，故 A正确． B、电场力 F=qE，知电场力与检验电荷有关，故 B错误． C、电场中两点间电势差由电场中两点的电势决定，电势与检验电荷无关，所以电势差与检验电荷无关．故 C正确． D、电场力做功 W=qU，知电场力做功与检验电荷的电。