2017年高考一轮 6.2《动能定理及其应用》ppt课件

2017年高考一轮 6.2《动能定理及其应用》ppt课件内容摘要：

1、课标版 物理 第 2讲 动能定理及其应用 一、动能 物体由于运动而具有的能。 动能是 ,只有正值。 而动能的变化量是过程量。 自测 1 关于某物体动能的一些说法 ,正确的是 ( ) 速度一定变化 动能一定变化 动能可能为负值 1教材研读 标量 答案 A 动能是标量 ,且一定为正值 ,选项 由公式 物体 的动能变化 ,速度一定变化 ,因速度是矢量 ,则物体的速度变化时 ,动能可能 不变 ,如匀速圆周运动 ,选项 B、 1二、动能定理 对物体所做的功等于物体。 W=。 动能定理指出了外力对物体所做的总功与物体 之间的关系 ,即合外力做的功是物体 的量度。 (1)动能定理既适用于直线运动 , 2、也适用于 ; (2)既适用于恒力做功 ,也适用于 ; (3)力可以是各种性质的力 ,既可以同时作用 ,也可以。 注意 动能具有相对性 ,其数值与参考系的选取有关 ,一般取地面为参考 系。 合外力 动能的变化量 动能变化量 动能变化 曲线运动 变力做功 分阶段作用 自测 2 关于运动物体所受的合外力、合外力做功和动能变化的关系 ,正 确的是 ( ) 那么 ,合外力对物体做的功一定为零 则合外力一定为零 动能一定变化 所受的合外力必定为零 答案 A 合外力为零 ,由 W=Fl 知 ,合外力做功一定为零 ,但合外力 做功为零时 ,合外力却不一定为零 ,故 体在合外力作 用下做变速运动 ,合外力不一 3、定做功 ,物体的速率不一定变化 ,动能不一定 变化 (例如匀速圆周运动 ),同样 ,物体的动能不变 ,它所受的合外力也不一定 为零 ,C、 自测 3 物体沿直线运动的 已知在第 1 的功为 W,则 ( ) W 2W 答案 C 由题图知 ,第 1 3 7 v 1=v3=题知 W= m 由动能定理知第 1 2= m - m =0,选项 第 3 3=0- m =项 B 错误 ;第 5 4= m ,选项 第 3 s 末合力做功 m - m ,因 以 项 1221动能定理的理解 对动能定理应该从以下几方面加以理解 (1)所有外力对物体做的总功 ,这些力对物体所做功的代数和等于物 体动能的增量 ,即 2+ 4、。 或先将物体的外力进行合成 ,求出合外力 ,再利用 F合 x 进行计算。 (2)因为动能定理中功和能均与参考系的选取有关 ,所以动能定理也与参考 系的选取有关。 中学物理中一般取地面为参考系。 (3)不论物体做什么形式的运动、受力如何 ,动能定理总是适用的。 (4)动能定理是计算物体位移或速率的简捷公式 ,当题目中涉及位移时可优 先考虑动能定理。 考点突破 (5)做功的过程是能量转化的过程 ,动能定理表达式中的“ =”的意义是一 种因果关系在数值上相等的符号 ,它并不意味着“功就是动能增量” ,也不 意味着“功转变成了动能” ,而是意味着“功引起物体动能的变化”。 (6)动能定理公式两边的每一 5、项都是标量 ,因此动能定理公式是一个标量方 程。 (7)若 0,合力对物体做正功 ,物体的动能增加 ;若 点不能到达 点到达 继续上升一段距离 点到达 继续上升一段距离 答案 C 质点由静止开始下落到最低点 由动能定理 : 点在最低点 : 由牛顿第三定律得 :2121 2= 点由 点的过程中在等高位置处的速度总小于由 点下滑时的速度 ,故由 点过程克服摩擦力做功 WW,故质点 到达 会继续上升一段距离 ,选项 12应用动能定理解题的基本步骤 (1)选取研究对象 ,明确它的运动过程。 (2)分析研究对象的受力情况和各力的做功情况。 (3)明确研究对象在过程的始末状态的动能 (4)列出动能定理的方 6、程 进行求解。 1 (2015海南单科 ,4,3分 )如图 ,一半径为 轨 道两端等高 ;质量为 由静止开始滑下 ,滑到最低点 Q 时 ,对轨道的正压力为 2力加速度大小为 g。 质点自 的过程中 , 克服摩擦力所做的功为 ( ) A. B. C. D. 413124 答案 C 当质点由 点时 ,对轨道的正压力为 2质点所受 支持力 牛顿第二定律有 m ,解得 =质点自 滑到 m : 此 ,A、 B、 2点二 动能定理解决变力做功问题 动能定理的研究对象一般是单一物体 ,或者可以看成单一物体的物体 系。 动能定理既适用于物体的直线运动 ,也适用于曲线运动 ;既适用于恒力 做功 ,也适用于变力做功。 7、力可以是各种性质的力 ,既可以同时作用 ,也可 以分段作用。 只要求出在作用过程中各力做功的多少和正负即可。 这些 正是动能定理解题的优越性所在。 典例 2 (2015山东理综 ,23,18分 )如图甲所示 ,物块与质量为 可伸长的轻质细绳跨过两等高定滑轮连接。 物块置于左侧滑轮正下方的 表面水平的压力传感装置上 ,小球与右侧滑轮的距离为 l。 开始时物块和小 球均静止 ,将此时传感装置的示数记为初始值。 现给小球施加一始终垂直 于 将小球缓慢拉起至细绳与竖直方向成 60角 ,如图乙所示 ,此 时传感装置的示数为初始值的 再将小球由静止释放 ,当运动至最低 位置时 ,传感装置的示数为初始值的 计滑轮的大 8、小和摩擦 ,重力 加速度的大小为 g。 求 : 图甲 图乙 (1)物块的质量 ; (2)从释放到运动至最低位置的过程中 ,小球克服空气阻力所做的功。 答案 (1)3m (2)析 (1)设开始时细绳的拉力大小为 感装置的初始值为 块质 量为 M,由平衡条件得 对小球 ,T1= 对物块 ,1= 当细绳与竖直方向的夹角为 60时 ,设细绳的拉力大小为 感装置的示 数为 题意可知 ,平衡条件得 对小球 ,T2=mg 0 对物块 ,2= 联立式 ,代入数据得 M=3m (2)设小球运动至最低位置时速度的大小为 v,从释放到运动至最低位置的 过程中 ,小球克服阻力所做的功为 动能定理得 0) 在最低位置 , 9、设细绳的拉力大小为 感装置的示数为 题意可知 , 小球 ,由牛顿第二定律得 m 对物块 ,由平衡条件得 3= 联立式 ,代入数据得 12 (2015浙江宁波模拟 )质量为 10 在变力 运动 ,力随坐标 体在 x=0处 ,速度为 1 m/s,一切摩 擦不计 ,则物体运动到 x=16 速度大小为 ( ) m/s B.3 m/s C.4 m/s D. m/s 2 17答案 B 根据 总 =40 J,由动能定理得 : m ,解得 v=3 m/s,选项 120v 考点三 动能定理解决多过程问题 或者是可以看做单一物体的物体 系统。 题目中涉及位移和 速度而不涉及时间时可优先考虑动能定理 ;处理曲线运动 10、中的速率问题时 也要优先考虑动能定理。 既可分段考虑 ,也可整个过程 考虑。 典例 3 (2015浙江理综 ,23,16分 )如图所示 ,用一块长 .0 桌面间架设斜面 ,桌子高 H=0.8 m,长 .5 m。 斜面与水平桌面的倾角 可 在 060间调节后固定。 将质量 m=0.2 物 块与斜面间的动摩擦因数 1=块与桌面间的动摩擦因数为 2,忽略物 块在斜面与桌面交接处的能量损失。 (重力加速度取 g=10 m/大静摩擦 力等于滑动摩擦力 ) (1)求 角增大到多少时 ,物块能从斜面开始下滑 ;(用正切值表示 ) (2)当 角增大到 37时 ,物块恰能停在桌面边缘 ,求物块与桌面间的动摩擦因 数 2;(已知 7=0.6,7=(3)继续增大 角 ,发现 =53时物块落地点与墙面的距离最大 ,求此最大距离 解析 (1)为使小物块下滑 mg 1mg 满足的条件 (2)克服摩擦力做功 1。