（导与练）2016年高三物理二轮复习（全国通用）计算题天天练答案

（导与练）2016年高三物理二轮复习（全国通用）计算题天天练答案内容摘要：

1、高中物理资源下载平台世昌的博客 (一)磕头虫离地速度为 v1,头虫起跳的加速度为 a,则对加速过程和离地后上升过程分别有:=2=212 12设人起跳离地速度为 v2,具有和磕头虫相同的加速度 a,对加速过程和离地后上升过程分别有:=2=222 22联立以上各式,得:h 2= ,121代入数据得:h 2=150 50 1)当牵引力等于阻力时,动车组速度达到最大,设最大速度为 题意可知,动车组行驶时的阻力 f= P= = ,代入数据解得:v m=62.5 m/s.(2)由于求发动机至少需工作多长时间,因此经甲地后发动机立即以额定功率行驶,车通过甲、乙的过程应用动能定理,有 - 2代入数据解得最短时 2、间 t=131.2 1)62.5 m/s(2)131.2 1)由带电小球在第三象限内做匀速圆周运动可得:带电小球高中物理资源下载平台世昌的博客 (2)带电小球从 N 点运动到 Q 点的过程中,有:m ,2由几何关系有 R+= l,即 R=v= ,56带电小球在杆上匀速运动时,由平衡条件有:=(),解得 = )带电小球在第三象限内做匀速圆周运动的周期T= = ,2 245则从 N 到 Q 的时间为 ,3第一次在第二象限竖直上下运动的总时间为= ,2 103绝缘小球 b 平抛运动至 x 轴上的时间为t= =2 ,2 103高中物理资源下载平台世昌的博客 +n(),3 2代入以上各量解得 n=b 平 3、抛的初速度为 l=得 47160答案:(1)正电 (2) (3) 34 147160计算题天天练(二)1)由题意知,滑块在木板上运动时由牛顿第二定律得mg=a=g=0 m/s 2=2 m/于木板固定,设滑块滑离木板时产生的位移为x,则 x=t=1.0 v=v0+:v=3 m/ m/s=1.0 m/s.(2)令滑块恰好不滑离木板右端时,木板的最小加速度为 a,运动时间为 t,则有:根据速度时间关系有:3-2t=at由位移关系得 t- at 2=23+2 12由两式解得木板的最小加速度 a=m/s 2根据牛顿第二定律得 F+a,则对木板的最小拉力高中物理资源下载平台世昌的博客 =0 N=若保证滑块 4、不脱离木板,则木板加速度最大值 a=2 m/据牛顿第二定律得 F=(M+m)a=(8+2 N=,对木板最大拉力为 1)1.0 s1.0 m/s(2)F1)小球受到重力、支持力和电场力,重力和支持力平衡,根据牛顿第二定律,有:a= = = m/.0 m/110612)设球到桌面右边的距离为 离开桌面后做平抛运动的水平距离为 间为 t,由公式 2 02122由平抛运动规律得 h= x2=x 总 =x1+ x 总 = +122x 总 =方程得 v=0.5 m/s 时,x 总 最大,其最大值 x 总 =m,而 1)1.0 m/s 2方向水平向左(2)m1)根据功能关系得:W a=,Wb=.(2)b 在 5、磁场中匀速运动时,速度为 电阻为高中物理资源下载平台世昌的博客 + =+b 中的电流:I b=1由平衡条件得: =221a 棒在磁场中匀速运动时,总电阻 a+ =5 +同理可得 =222由以上各式得: = ,即 = ,3434而 ta=,则 , 34 43解得 = ss.321515(3)由于 = ,916而 g = m243则 m=4答案:(1)(2)s(3)m)1)如图所示,A 为战机着陆点,C 分别为两个匀减速运动过程,C 点停下,设战机经 B 点时速度为 v,高中物理资源下载平台世昌的博客 ,依据 v=v0+一段匀减速运动的时间为:t 1= = ,0101则 B 到 C 过程的时间为: 6、t 2=01依据 v=v0+:B 到 C 过程的加速度大小为:= = .201 110+(2)根据 2:02第一段匀减速的位移 = ,2022102221第二段匀减速的位移为:x 2= = = ,022222110+(10+)21所以新型战机降落后滑行的总路程为:x=x1+10+0221答案:(1) (2)110+10+0221)由 F t 图像可知,当线框全部进入磁场后,F=,线框的加速度:a= =2 m/t=0 时线框所受的安培力:F 安 = ,且 F=220由牛顿第二定律: =世昌的博客 (2)线框进入磁场过程通过截面电荷量:q= t由法拉第电磁感应定律得: =由闭合电路欧姆定律得: = 7、 ,解得 q= = 由匀变速直线运动得:x=v 0t+ q=1)(2)1)粒子在金属板电场加速时 2粒子在左侧磁场中运动时,有 m ,21= ,1a 到 A 点的距离 x= ),32解得 x=( - )3(2)如图(甲)所示,粒子在右侧磁场中沿半径为 :L,34,高中物理资源下载平台世昌的博客 ,2m ,2粒子在中间电场运动时m - 2212m - 2212解得 ,1116 2电场强度的取值范围为 2 600 1)710 4 N(2)1)粒子在磁场中做圆周运动,洛伦兹力提供向心力,解得:R=0.1 m.02(2)由于只有 Z 粒子到达电场右边界,说明 Z 粒子是垂直电场左边界进入电场的,作出 8、Z 粒子在磁场中的运动轨迹如图(a)所示,O 1为轨迹圆圆心.用 O 1,在中满足:= = ,代入数据可得 = =601 3即粒子 Z 从 S 发射时的速度与磁场左边界夹角为 60(或 120)(3)在 y 轴上位置最高的粒子 P 的运动轨迹恰与 y 轴相切于 N 点,如图(b)所示,N 点到 x 轴的竖直距离 L 满足高中物理资源下载平台世昌的博客 +(=5 的位置坐标为(0, m)用 粒子 Z 在电场中的运动,由动能定理得=0 5 N/ 粒子设沿电场方向的速度为 v=2qE=2解得:v =2106 m/ 到达电场右边界时的速度v= =2 106 m/s02+2 2方向与电场右边界成 45( 9、或 135)1)0.1 m(2)60(或 120)(3)(0, m)320(4)2 106 m/s方向与电场右边界成 45(或 135)1)设金属杆长为 L,距离导轨顶部也为 L,经过时间 t 后,金属杆有沿着斜面向上的加速度,时间 t 时安培力等于重力沿斜面的分力,则:F A=,又:F A= L,其中:E=,所以:(2+L=,解得:t=20 世昌的博客 (2)对金属杆由牛顿第二定律:+=中:F A=,22解得:+v+22代入数据解得:1+(1- )v=0,22因为是匀加速运动,其大小与速度 v 无关,则(1- )=0,22解得:B= )设 t=0 时刻金属杆距离顶端为 金属杆下滑中闭合电路中无感应电流,则磁通量保持不变,经过时间 t。