2012年高考创新设计第一轮总复习资料9-2

2012年高考创新设计第一轮总复习资料9-2内容摘要：

1、下列说法正确的是 () A当线圈中电流不变时，线圈中没有自感电动势B当线圈中电流反向时，线圈中自感电动势的方向与线圈中原电流的方向相反C当线圈中电流增大时，线圈中自感电动势的方向与线圈中电流的方向相同D当线圈中电流减小时，线圈中自感电动势的方向与线圈中电流的方向相反解析本题考查自感和自感电动势的方向，意在考查考生对自感现象的理解和运用楞次定律解决自感问题的能力当线圈中的电流不变时穿过线圈的磁通量没有变化，没有自感电动势，选项 A 正确；当线圈中的电流反向时原来的电流产生的磁通量减小，由楞次定律可知，自感电动势产生的自感电流的磁场将阻碍磁通量的减小，故自感电动势的方向与原电流的方向相同，故选项 2、B 不对；当线圈中的电流增大时，穿过线圈的磁通量增大，自感电动势产生的自感电流的磁场将阻碍其增大，故自感电动势的方向与原电流的方向相反，所以选项 C 错误；同理可知选项 D 不对答案2172我国上海自行车厂生产的凤凰牌自行车采用了高频焊接，其原理示意图如图9217 所示，线圈通以高频交变电流，金属工件的焊缝中就产生大量焦耳热，将焊缝熔化焊接要使焊接处产生的热量较大，可采用 () A增大交变电流的电压B减小交变电流的频率C增大焊接处的接触电阻D减小焊接处的接触电阻解析由电磁感应的知识可判断线圈中电流频率越高，工件中的磁通量改变越快，在其他条件不变的情况下，涡流的热功率就越大；同时，减小焊接处的接 3、触电阻也可以增大涡流的功率答案2011北京卷，19)某同学为了验证断电自感现象，自己找来带铁心的线圈 L、小灯、开关 S 和电池组 E，用导线将它们连接成如图 9218 所示的电路检查电路后，闭合开关 S，小灯泡发光；再断开开关 S，小灯泡仅有不显著的延时熄灭现象虽经多次重复，仍未见老师演示时出现的小灯泡闪亮现象，他冥思苦想找不出原因你认为最有可能造成小灯泡未闪亮的原因是 () 图 9218A电源的内阻较大 B小灯泡电阻偏大C线圈电阻偏大 D线圈的自感系数较大解析从实物连接图中可以看出，线圈 L 与小灯泡并联，断开开关 S 时，小灯泡 A 中原来的电流立即消失，线圈 L 与小灯泡组成闭合电路， 4、由于自感，线圈中的电流逐渐变小，使小灯泡中的电流变为反向且与线圈中电流相同，小灯泡未闪亮说明断开 S 前，流过线圈的电流较小，原因可能是线圈电阻偏大，故选项 C 正确答案2194如图 9219 所示，导线框 通电直导线在同一平面内，两者彼此绝缘，直导线通有恒定电流并通过 中点，当线框向右运动的瞬间，则 () A线框中有感应电流，且按顺时针方向B线框中有感应电流，且按逆时针方向C线框中有感应电流，但方向难以判断D由于穿过线框的磁通量为零，所以线框中没有感应电流解析由安培定则可判知通电直导线周围磁场如图所示当 线向右做切割磁感线运动时，由右手定则判断感应电流为 ab，同理可判断 线中的感应电流方向 5、为d，ad、边不做切割磁感线运动，所以整个线框中的感应电流是逆时针方向的答案2205如图 9220 所示，用一根横截面积为 S 的硬导线做成一个半径为 r 的圆环，把圆环部分置于均匀变化的匀强磁场中，磁场方向垂直纸面向里，磁感应强度大小随时间的变化率 k(k0)，圆环的一条直径，导线的电阻率为 ) 环中产生顺时针方向的感应电流B圆环具有扩张的趋势C圆环中感应电流的大小为中 点间的电压大小为 为穿过圆环的磁通量增加，由楞次定律知圆环中的感应电流方向应为逆时针方向选项 A 错圆环具有收缩的趋势，选项 B 错，由法拉第电磁感应定律知，产生感应电动势大小 E 环的电阻 R 2 12 12 2 ，选项 6、C 对a，b 两点间的电压 E 项 D 错(等效2 14思维法)答案2216(2011福州调研)如图 9 221 所示，均匀的金属长方形线框从匀强磁场中拉出，它的两边固定有带金属滑轮的导电机构，线框向右运动时总是与两边良好接触，线框的长为 a，宽为 b，磁感应强度为 B，一理想电压表跨接在 A、B 两导电机构上，当线框在恒定外力 F 作用下向右运动的过程中(线框离开磁场前已做匀速运动) ，关于线框及电压表，下列说法正确的是 () A线框先做匀加速运动，后做匀速运动B电压表的读数先增大后不变电压表的读数一直不变D回路的电功率先增大后不变解析线框在运动过程中先做变加速运动，后做匀速运动电压表读数为 7、外电路的电压，根据 E回路电动势先增大后不变，外电阻不断增大，电压表的读数一直增大，选项 C 错误P ，回路的电功率先增大后不变，选项 D 正确7(2012湖北八校联考)如图 9222 所示，在国庆 60 周年阅兵盛典上，我国预警机“空警2 000”在天安门上空机翼保持水平，以 02 km/h 的速度自东向西飞行该机的翼展( 两翼尖之间的距离)为 50 m，北京地区地磁场的竖直分量向下，大小为 05 T，则 () 图 9222A两翼尖之间的电势差为 B两翼尖之间的电势差为 C飞行员左方翼尖的电势比右方翼尖的电势高D飞行员左方翼尖的电势比右方翼尖的电势低解析飞机的飞行速度 02 km/h125 8、m/s，飞机两翼间的电动势为E0 5 50125 V，A 错；飞机速度从东向西，磁场竖直向下，根据右手定则可知飞行员左方翼尖电势高于右方翼尖的电势，C 对答案2238矩形线圈 0 0 数 n200，线圈回路总电阻R5 匀强磁场的磁感应强度 t 的变化规律如图 9 223 所示，则 () A线圈回路中感应电动势随时间均匀变化B线圈回路中产生的感应电流为 C当 t0.3 s 时，线圈的 所受的安培力大小为 D在 1 线圈回路产生的焦耳热为 48 由 En 知，由于线圈中磁感应强度的变化率 t s，则回路中感应电动势为 E2 V，且恒定不20 510 选项 A 错误；回路中感应电流的大小为 I A， 9、选项 B 错误；当 t0.3 s 时，则安培力为 F00 ，故选项 C 错误；1 线圈回路产生的焦耳热为 QI 2560 J48 J，选项 D 正确答案2249如图 9224 所示，在边长为 a 的正方形区域内有匀强磁场，磁感应强度为 B，其方向垂直纸面向外，一个边长也为 a 的正方形导线框架 好与上述磁场区域的边界重合，现使导线框以周期 T 绕其中心 O 点在纸面内匀速转动，经过 导线框转到图中虚在这 时间内 () 均感应电动势大小等于83 22均感应电动势大小等于16时针方向转动时感应电流方向为 EF GH 时针方向转动时感应电流方向为 EFG H题意可知，导线框转过 时磁通量减少量为 2 10、B 2，平均感应电动 2)势 E ，A 对、B 错；由楞次定律知无论导线框怎么转都是穿过线框的磁t 83 2流方向都是 EH G FE，C 、D 错答案22510如图 9225 所示，足够长的光滑金属导轨 Q 平行放置，且都倾斜着与、P 之间接有电阻 R，不计其他电阻导体棒 导轨的最底端冲上导轨，当没有磁场时，升的最大高度为 H；若存在垂直导轨平面的匀强磁场时，升的最大高度为 与导轨保持垂直，且初速度都相等关于上述情景，下列说法正确的是 () A两次上升的最大高度相比较为 H磁场时导体棒所受合力的功大于无磁场时合力的功C有磁场时，电阻 R 产生的焦耳热为 磁场时，升过程的最小加速度为 解析当有 11、磁场时，导体棒除受到沿斜面向下的重力的分力外，还切割磁感线有感应电流受到安培力的作用，所以两次上升的最大高度相比较为 hH，两次动能的变化量相等，所以导体棒所受合力的功相等，选项 A、B 错误，有磁场时，电阻 R 产生的焦耳热小于升过程的最小加速度为 ，选项 C 错误、选项 D 正确(单杆倾斜式)12答案质细线吊着一质量为 m长为 L0.8 m、匝数 n10 的正方形线圈，总电阻为 r1 ，边长为 的正方形磁场区域对称分布在线圈下边的两侧，如图 9226场方向垂直纸面向里，大小随时间变化如图 9226 乙所示，从 t0 开始经间细线开始松弛，取 g 10 m/ 9226(1)在前 间内线圈中产 12、生的电动势(2)在前 间内线圈的电功率(3)值解析(1)由法拉第电磁感应定律得：En n 2 10 2)t 12 (2 (2)I ，PI 2r)分析线圈受力可知，当细线松弛时有：nB 2 ，解得：t 02 1) (2) (3)2 22712如图 9227 所示，水平放置的平行金属导轨宽度为 d1 m，导轨间接有一个阻值为 R2 的灯泡，一质量为 m1 金属棒跨接在导轨之上，其电阻为 r1 ，且和导轨始终接触良好整个装置放在磁感应强度为 B2 T 的匀强磁场中，磁场方向垂直导轨平面向下现对金属棒施加一水平向右的拉力 F，使金属棒从静止开始向右运动求：(1)若金属棒与导轨间的动摩擦因数为 加的水平恒力为 F10 N，则金属棒达到的稳定速度 多少。 (2)若金属棒与导轨间的动摩擦因数为 加的水平力功率恒为 P6 W，则金属棒达到的稳定速度 多少。 (3)若金属棒与导轨间是光滑的，施加的水平力功率恒为 P2。