2013年高考第一轮总复习作业手册资料 作业详答-物理-新课标

2013年高考第一轮总复习作业手册资料 作业详答-物理-新课标内容摘要：

1、光世昌老师高中物理精品资源免费下载地址 (一)1A解析 设绳子与水平方向的夹角为 ，在竖直方向上由平衡条件有G2，故 F ，因为坐着比躺着时悬绳与水平方向的夹角 小一些，所以坐着选项 A 正确，选项 B 错误；吊床对人的作用力 两绳拉力的合力，两种情况下吊床对人的作用力大小均等于人的重力，所以选项 C、D 错误2C解析 受力如图所示，根据力的平衡条件得：F 1m 1 2，把A 向右移动少许， 减小，则 小，选项 B 错误；F 2 小，选项 A 错误；对A、B 利用整体法分析，地面对 A 的摩擦力 大小等于 2 减小，则 小，选项C 正确； A 对地面的压力大小等于 A、B 重力之和，是定值，选 2、项 D 错误3B解析 受力分析如图所示，由共点力的平衡条件得：F 1 ，F 2；人处于动态平衡状态，且悬绳与竖直墙壁的夹角为 增大，所以 2 都增大；F 1 与 合力总与工人的重力等大反向，大小不变选项 B 正确4A解析 弹簧处于压缩状态，弹簧对小球的弹力 F1弹簧的弹力和小球的重力沿平行和垂直斜面分解，在平行斜面方向根据平衡条件得 解得弹簧的形变量 x ，选项 A 正确解析 对物体 M 受力分析，根据平衡条件得，绳 M 的拉力10 N，绳 M 的拉力 10 N，选项 A、B 错误；3m 受到水平面的静摩擦力的方向水平向左，大小为 0( 1) N，选项 C 错3误，选项 D 正确6A解析 对 3、力分析可知为保证 静止，安培力的最小时应沿斜面向上，所以 ，选项 A 错误，选项 B 正确；安培力的方向在垂直斜面不包括此方向)到竖直向上这个范围内，利用左手定则可知磁场的方向不可能是，但可能是，选项 C、D 正确光世昌老师高中物理精品资源免费下载地址 A解析 对带电小球受力分析，F ，F ，圆环对带电小 球的作用力为 F，由平行四边形定则知，F ，联立解得，选项 A 正确，选项 B 错误；因电荷量 系不明确，故不能确定 O 点项 C、 D 错误8D解析 先以 A、B 整体为研究对象，因为 A、B 保持静止，所以竖直墙壁对 和水平向右的弹力 F 为研究对象，其受力情况如图乙所示，即要保持物体 4、B 平衡，B 应受到重力、力 F、A 对 B 的弹力的作用，同时，B 还应受到 A 对 B 的摩擦力作用以 A 为研究对象，它受重力、B 对它的弹力和静摩擦力作用，墙面对它的弹力和静摩擦力作用，A 的受力图如图甲所示，所以选项 D 正确甲 乙9B解析 开始阶段物体受向左的滑动摩擦力作用，其大小 N，最大静摩擦力也为 6 N经过一段时间，速度减小为零，此时恒力 F 小于最大静摩擦力，物体保持静止状态，静摩擦力 5 N，方向向右选项 B 正确10D解析 将 A、B 视为整体进行受力分析，在竖直方向只受重力和地面对整体的支持力 是对 B 的支持力 将 b 向左推动少许后，竖直方向受力不变，所以m A 5、m B)g 为一定值，选项 C 错误；然后对 B 进行受力分析，如图所示，由平衡条件可知 FNm F 斥 左推 B， 减小，所以 F 斥 减小，由 F 斥 k 得：A、r 增大，选项 D 正确；而 FF 斥 减小，F 斥 减小，所以推力 F 减小，故选项 A 错误；将 A、B 视为整体时 FF 以墙面对小球 A 的弹力 小，选项 B 错误11B解析 潜水器两侧配备 4 块压载铁时，对潜水器受力分析，根据牛顿第二定律可得 G1F 浮 速度增大时，加速度逐渐减小，当加速度减为零时，速度达到最大值，潜水器做匀速运动，A 项错误，B 项正确；潜水器抛载其中 2 块载铁时，对潜水器受力分析，根据牛顿第二 6、定律可得G 2F 浮 水器将做加速度逐渐减小的减速运动，最后悬停在指定深度，C 项错误；潜水器抛弃所有压载铁时，根据牛顿第二定律得G 3F 浮 水器做加速度逐渐减小的加速运动，D 项错误光世昌老师高中物理精品资源免费下载地址 专题限时集训(二)解析 汽车加速度逐渐增大，因此其 vt 图线上各点斜率的绝对值逐渐增大，选项 D 正确2D解析 若绳子 B 的拉力恰好与 B 的重力沿斜面向下的分力相等，则 B 与 C 间的摩擦力为零，选项 A 错误；利用整体法判断， C 一定受到水平面向左的摩擦力，选项 理，在竖直方向利用整体法判断，水平面对 C 的支持力小于 B、C 的总重力，选项 C 错误；将细绳 7、剪断后，利用整体法判断，B 、C 系统在水平方向不受外力作用，选项D 正确3B解析 巡逻船以速度 速行驶时，驱动力等于阻力 动机功率调整增大为某数值时，由 P牵引力突然增大，由牛顿第二定律 FF f，巡逻船加速运动，随着速度的增大驱动力将减小，因此加速度逐渐减小，直到加速度为零，巡逻船做匀速直线运动，即速度曲线上各点切线的斜率为正值，且斜率逐渐减小为零选项 B 正确4D解析 由图象知，在 刻之前乙车的加速度先大于甲车的加速度，后小于甲车的加速度，选项 误；因为速度图线与横轴所围面积表示位移，所以在 刻之前乙始终在甲车的前面，在 刻两车并不相遇，选项 B 错误，选项 D 正确5D解析 礼花弹离开 8、炮筒后做匀减速直线运动，由 h 得 50 m/s，加a m/牛顿第二定律有 mg则 k解析 当用水平力 F 作用于 B 上且两物块在粗糙的水平面上共同向右加速运动时，对 A、B 整体，由牛顿第二定律可得 F33再用隔离法单独对 A 分析，由牛顿第二定律可得：mg立解得 F；根据上述方法同理可求得沿竖13直方向、沿斜面方向运动时 F，所以选项 A 正确137A解析 水平面光滑时，分别对整体和物块 B 应用牛顿第二定律得：F(m Am B)a，m 得 ；水平面粗糙时，分别对整体和物块 B 应(m Am B)g(m Am B)a，m Bgm 解得 选项 A 正确0 4 m解析 动车正常行驶，加速阶段 9、：v1a 1v 2x 2v 1v 1(a 2)v 2(a 2)速调整后，加速阶段：v2a 1t 1 v 2a 1x 12匀速阶段：x 2v 2t 2减速阶段：0v 2(a 2)t30v 2( a 2)x32两次运动的时间、位移关系为：t1t 2t 3t 1t 2t 3 x 2x 3x 1x 2x 3联立以上各式解得 x 1x 2x 30 4 1) s(2)28.8 析 (1)冰橇做匀加速直线运动阶段，冰橇受力如图甲所示根据牛顿第二定律有：(解得：a 14.8 m/s 2由 1解得 )冰橇和运动员做匀减速直结运动，冰橇和运动员受力如图乙所示加速结束时：v Pa 1 m/根据牛顿第二定律有：(Mm 10、)g(Mm)a 2解得：a 22 m/s 2则冰橇继续滑行距离为 x 28.8 1)16 m(2)8 m/s(3)(22 ) 解析 (1)由 vt 图象知 A、B 之间的距离有：x m16 2(2)设滑块从 A 滑到 B 的过程加速度大小为 B 返回到 A 的过程加速度大小为块与斜面之间的滑动摩擦因数为 ，根据牛顿第二定律有：a1m/ m/s 216 02设滑块返回到 A 点时的速度为 ：v 02a 2a 24 m/s 2，v 18 m/)设滑块从 A 到 B 用时为 B 返回到 A 用时为 有： 2 则滑块在整个过程中所用的时间 tt 1t 2(22 ) (二)解析 人最终处于平衡状态绳子拉 11、力应等于人的重力，由图知拉力的最终值为项 D 正确352B解析 木板与水平面间的摩擦力为 1(m)g45 N，小木块与木板之间的摩擦力为 20 N，F 以木板一定静止不动；小木块在木板上滑行的距离为 x，则 v 2 2得 x2m(Mm)g，F 2 够大时，物体无论从右端还是从左端滑上传送带，都做加速度相同的匀减速运动，此时从右端滑上到左端所需的时间等于物体从左端滑上到右端的时间，选项 D 正确6A解析 物块的运动情况是先向上做减速运动，所受滑动摩擦力为 向沿斜面向下，达到最高点后由于 项 D 错误4C解析 由于万有引力与质量的乘积成正比，故在质量密集区万有引力会增大，提供的向心力增大了，探测器会做向心运动，引力做正功，导致探测器飞行的速率变大5C解析 当盒子速度最大时，m Am B)时弹簧仍处于压缩状态，弹性势能不为零，选项 A 错误；除重力外，只有 A 对 B 的弹力对 B 做功，对应 B 机械能的增加量，选项 B 错误；对 A、B 组成的系统，弹簧弹力对系统做的正功等于弹簧弹性势能的减小量，也等于系统机械能的增加量，选项 C 正确；对 A 应用动能定理可知，A 所受重力、弹簧弹力、B 对 A 的弹力做功之和等于 A 动能的增加量，因 B 对 A 的弹力对 A 做负功，故 A 所受重力和弹簧弹力做功的代数和大于 A 动能。