2016版优化方案高考物理（浙江专用）专题复习特色专题训练 仿高考选择题巧练(一)

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1、高中物理资源下载平台世昌的博客 (一)(建议用时：20 分钟)一、单项选择题14科学家关于物体运动的研究对树立正确的自然观具有重要作用下列说法不符合历史事实的是()A亚里士多德认为，必须有力作用在物体上，物体的运动状态才会改变B伽利略通过“理想实验” 得出结论：运动必具有一定速度，如果它不受力，它将以这一速度永远运动下去C笛卡儿指出：如果运动中的物体没有受到力的作用，它将继续以同一速度沿同一直线运动，既不停下来也不偏离原来的方向D牛顿认为，知倾斜的索道与水平方向的夹角为 37，重物与车厢地板之间的动摩擦因数为 物与车厢仍然保持相对静止状态，重物对车厢内水平地板的正压力为其重力的 ，70.6，3 2、7么这时重物对车厢地板的摩擦力大小为( )A BD正方形金属线框位于有界匀强磁场区域内，线框平面与磁场垂直，线框的右边紧贴着磁场边界，如图甲所示t0 时刻对线框施加一水平向右的外力，让线框从静止开始做匀加速直线运动穿过磁场，外力 F 随时间 t 变化的图象如图乙所示已知线框质量m1 阻 R1 ，下列说法错误的是 ()A线框做匀加速直线运动的加速度为 1 m/强磁场的磁感应强度为 2 框穿过磁场的过程中，通过线框的电荷量为 框边长为 1 2015温州检测)用起重机将地面上静止的货物竖直向上吊起，货物由地面运动至最高点的过程中，其 vt 图象如图所示下列说法不正确的是()A在 0t 1 时间内，货 3、物处于超重状态高中物理资源下载平台世昌的博客 在 t2t 3 时间内，起重机拉力对货物做负功C在 t1t 2 时间内，货物的机械能一直在增大D匀速阶段拉力的功率可能比加速阶段某一时刻拉力的瞬时功率小二、两辆汽车在同一水平直道上运动，其运动的位移时间图象(xt 图象)如图所示，则下列关于两车运动情况的说法正确的是()A甲车先做匀减速直线运动，后做匀速直线运动B乙车在 010 s 内的平均速度大小为 0.8 m/ 010 s 内，甲、乙两车相遇两次D若乙车做匀变速直线运动，则图线上 P 所对应的瞬时速度大小一定大于 0.8 m/半径为 R 的均匀带正电圆环水平放置，环心为 O 点，质量为 m 的带 4、正电的小球从 O 点正上方 h 高度的 A 点由静止释放，并穿过带电圆环小球从 A 点运动到 A 点关于 O 点的对称点 A的过程中，其加速度(a)、重力势能( 机械能( E)、电势能 ( )随位置变化的图象如图所示(取 O 点为坐标原点且重力势能为零，向下为正方向，并取无穷远处电势为零)其中可能正确的是 ()够长的光滑 U 形导轨宽度为 L，其所在平面与水平面的夹角为 ，上端连接一个阻值为 R 的电阻，置于磁感应强度大小为 B、方向竖直向上的匀强磁场中，今有一质量为 m、有效电阻为 r 的金属杆垂直于导轨放置并由静止下滑，设磁场区域无限大，当金属杆下滑达到最大速度 ，运动的位移为 x，则以下 5、说法中不正确的是 ()A金属杆所受导轨的支持力大于 B金属杆下滑的最大速度 vm r）C在此过程中电阻 R 上产生的焦耳热为 此过程中流过电阻 R 的电荷量为世昌的博客 (一)14析：选 持力 水平向右的摩擦力 作用，将加速度沿水平方向和竖直方向分解，由牛顿运动定律可知 FNmg7，7，由牛顿第三定律可知，重物所受支持力 代入上式解得： 项正确16 解析：选 时，线框初速度为零，故感应电动势为零，力 F 为线框所受合外力，由牛顿第二定律可知，线框的加速度 a1 m/ 项正确；由题图乙知，t1.0 s 时，线框刚好离开磁场，由匀变速直线运动规律可知线框的边长为 0.5 m，D 项错误；线框的末速 6、度 v m/s，感应电动势 E路中电流 IE/R，安培力 F 安 牛顿第二定律有：FF 安 联立解得 B2 T， B 项正确；由 q 2 R 2C，C 项正确17解析：选 B.由 vt 图象知，货物先向上做匀加速运动(处于超重状态) ，再做匀速运动，最后做匀减速运动(处于失重状态 )，可知选项 A 正确；在 间内，起重机拉力对货物做正功，则选项 B 错误；在 间内，起重机拉力对货物一直做正功，货物的机械能一直在增大，则选项 C 正确；货物匀加速阶段拉力 F1度 v1v m，匀速阶段 F2度 v2v m，匀速阶段拉力的功率 2v2m 可能比匀加速阶段某一时刻拉力的瞬时功率 1，则选项 D 正确1 7、8解析：选 车先做匀速直线运动，当运动到 t4 s 末时，甲车停止，故 A 错误；乙车在 010 s 内的位移大小为 8 m，平均速度大小 v0.8 m/s，故 B 正确；甲车和乙车的位移时间图象有两个交点，所以甲、乙两车会相遇两次，故 C 正确；若乙车做匀变速直线运动，P 点对应的位置坐标为 x4 m，恰好是在 010 因为 v v0.8 m/s ，v Pv v ，所以 D 正确析：选 穷远处场强也为零，则小球从 A 点到圆环中心 O 点的过程中，场强可能先增大后减小，则小球所受的电场力先增大后减小，方向竖直向上，小球所受重力不变，方向竖直向下，由牛顿第二定律得，加速度可能先减小后增大；小球 8、穿过圆环中心 O 点后，小球所受的电场力竖直向下，加速度方向向下，为正值，根据对称性可知，电场力先增大后减小，则加速度先增大后减小，故 A 是可能的小球从A 点到圆环中心 O 点的过程中，重力势能 0，小球穿过圆环后， ，根据数学知识可知，B 是可能的小球从 A 点到圆环中心 O 点的过程中，电场力做负功，机械能减小，小球穿过圆环中心 O 点后，电场力做正功，机械能增大，故C 是可能的由于圆环所产生的是非匀强电场，小球下落的过程中，电场力做功与下落的高度之间是非线性关系，电势能变化与下落高度之间也是非线性关系，所以 D 是不可能的故选 析：选 据右手定则及左手定则，金属杆受重力、支持力及水平向右的安培力，A 正确；当金属杆受力平衡时，速度最大，故有 ，得 ，B 错误；由能量守恒定律可得 2R r r） Q 总 ，则电阻 R 上产生的焦耳热为 Q 总 ，C 错误；流过电阻12 2m r 世昌的博客 ，D 错误 R r R r。