创新设计2015高考物理活页作业 3.3牛顿运动定律的综合应用

创新设计2015高考物理活页作业 3.3牛顿运动定律的综合应用内容摘要：

1、光世昌老师高中物理精品资源免费 下载地址 对点训练练熟基础知识题组一动力学两类基本问题1(2013江西师大附中、临川一中联考)( 多选)如图 3310 所示，物块的质量 m1 速度 0 m/s，在一水平向左的恒力 F 作用下从 O 点沿粗糙的水平面向右运动，某时刻后恒力 F 突然反向，整个过程中物块速度的平方随位置坐标变化的关系图象如图乙所示，g10 m/)图 3310A05 s 内物块做匀减速运动B在 t1 s 时刻，恒力 F 反向C恒力 F 大小为 10 块与水平面间的动摩擦因数为 图象得物块在前 5 m 位移内做匀减速运动，在 513 m 位移内做匀加速运动，且由图象斜率得匀减速运动的加 2、速度大小 m/0 10025m/加速运动的加速度大小 m/ m/减速运动的64213 5时间 t 1 s，又由牛顿第二定律得， Fmg和 Fmg，联立7 N ，动摩擦因数 、D 正确答案2013浙江卷， 19)(多选 )如图 3311 所示，总质量为 460 热气球，从地面刚开始竖直上升时的加速度为 0.5 m/热气球上升到 180 m 时，光世昌老师高中物理精品资源免费 下载地址 若离开地面后热气球所受浮力保持不变，上升过程中热气球总质量不变，重力加速度 g10 m/列说法正确的是( ) 图 3311A所受浮力大小为 4 830 速上升过程中所受空气阻力保持不变C从地面开始上升 10 s 后 3、的速度大小为 5 m/ 5 m/s 匀速上升时所受空气阻力大小为 230 气球刚开始上升时，速度为零，不受空气阻力，只受重力、浮力，由牛顿第二定律知 Fmg F4 830 N，选项 A 正确；随着热气球速度逐渐变大，其所受空气阻力发生变化(变大)，故热气球并非匀加速上升，其加速度逐渐减小，故上升 10 s 后速度要小于 5 m/s，选项 B、C 错误；最终热气球匀速运动，此时热气球所受重力、浮力、空气阻力平衡，由 Ff 得f230 N，选项 D 正确答案2013陕西西工大附中适应性训练，24)中央电视台推出了一个游戏节目推矿泉水瓶选手们从起点开始用力推瓶一段时间后，放手让瓶向前滑动，若瓶最后停 4、在桌上有效区域内，视为成功；若瓶最后不能停在桌上有效区域内或在滑行过程中倒下，均视为失败其简化模型如图 3312 所示，长度为 m 的水平桌面，选手们可将瓶子放在 A 点，从 A 点开始用一恒定不变的水平推力推瓶，有效区域已知 度为 m，瓶子质量为m0.5 子与桌面间的动摩擦因数 0 N，瓶子沿 直线运动(g 取 10 m/假设瓶子可视为质点，那么该光世昌老师高中物理精品资源免费 下载地址 ，试问：图 3312(1)推力作用在瓶子上的时间最长不得超过多少。 (2)推力作用在瓶子上的距离最小为多少。 解析(1)要想游戏获得成功，瓶滑到 C 点速度正好为零时，推力作用时间最长，设最长作用时间为 推力作 5、用时瓶做匀加速运动，设加速度为a1，t 1时刻瓶的速度为 v，推力停止作用后瓶做匀减速运动，设此时加速度大小为 牛顿第二定律得：Fmg，mg加速运动过程中的位移 x1x2x 1x 2L 1，又：va 1t 1 )要想游戏获得成功，瓶滑到 B 点速度正好为零时，推力作用距离最小，设最小距离为 d，则： L 1L 2v 22a1 v 2222a 1d，联立解得：d0.4 1) s(2)重、失重问题4(多选 )用力传感器悬挂一钩码，一段时间后，钩码在拉力作用下沿竖直方向由静止开始运动如图 3313 所示，图中实线是传感器记录的拉力大小变化情况，则( ) 光世昌老师高中物理精品资源免费 下载地址 31 6、3A钩码的重力约为 4 码的重力约为 3 、B、C、D 四段图线中，钩码处于超重状态的是 A、D ，失重状态的是 B、 、 B、C、D 四段图线中，钩码处于超重状态的是 A、B ，失重状态的是 C、 解本题的关键是对图象及超重、失重概念的准确理解由于初始状态物体静止，所以钩码的重力等于拉力，从图上可读出拉力约为 4 N，故 错误；据“超重时拉力大于重力、失重时拉力小于重力”可知，C 正确，D 错误答案单选 )如图 3314 所示，小车上有一个定滑轮，跨过定滑轮的绳一端系一重球，另一端系在弹簧测力计上，弹簧测力计下端固定在小车上，开始时小车处于静止状态当小车沿水平方向运动时，小球恰能稳定在图中虚 7、线位置，下列说法中正确的是()图 3314A小球处于超重状态，小车对地面压力大于系统总重力B小球处于失重状态，小车对地面压力小于系统总重力C弹簧测力计读数大于小球重力，但小球既不超重也不失重D弹簧测力计读数大于小球重力，小车一定向右匀加速运动光世昌老师高中物理精品资源免费 下载地址 小球稳定在题图中虚线位置，则小球和小车有相同的加速度，且加速度方向水平向右，故小球既不超重也不失重，小车既可以向右匀加速运动也可以向左匀减速运动答案单选 )如图 3315 所示，一人站在电梯中的体重计上，随电梯一起运动下列各种情况中，体重计的示数最大的是()图 3315A电梯匀减速上升，加速度的大小为 1.0 m/ 8、梯匀加速上升，加速度的大小为 1.0 m/梯匀减速下降，加速度的大小为 0.5 m/梯匀加速下降，加速度的大小为 0.5 m/电梯匀减速上升或匀加速下降时，电梯处于失重状态，设人受到体重计的支持力为 重计示数大小即为人对体重计的压力 由牛顿运动定律可得 NF NF Nm(ga)；当电梯匀加速上升或匀减速下降时，电梯处于超重状态，设人受到体重计的支持力为 对体重计的压力 由牛顿运动定律可得 mg m (ga)，代入具体数据可得 B 正确答案2013安徽三联， 22)据 2012 年 10 月 12 日新浪网消息，安徽凤阳县 7岁“大力士”杨金龙声名鹊起后，南京、天津等地诸多体育专业学校纷纷向他抛 9、出橄榄枝最终在安徽省举重队推荐下，小金龙选择了铜陵市业余体校举重光世昌老师高中物理精品资源免费 下载地址 教练盛红星称在省队测试的时候，小金龙不仅举起 45 铃，还背起体重高达 120 王军教练，简直能“秒杀同龄的施瓦辛格 ”，g10 m/计算：(1)在以 a2 m/加速下降的电梯中小金龙能举起杠铃的质量是多少。 (2)在以 a2 m/加速上升的电梯中小金龙能背起的质量又是多少。 解析(1)小金龙的举力是一定的，则有 F150 a2 m/其能举起杠铃的质量为 有 1m 1a，解得 )小金龙能背起的重量是一定的，则有 g 1 200 a2 m/其能背起的质量为 有F2m 2gm 2a，解得 00 1 10、)2)100 化训练提高能力技巧8(2013福建省四地六校联考)一水平传送带以 2.0 m/s 的速度顺时针传动，水平部分长为 2.0 m，其右端与一倾角为 37 的光滑斜面平滑相连，斜面长为 0.4 m，一个可视为质点的物块无初速度地放在传送带最左端，已知物块与传送带间动摩擦因数 试问：图 3316(1)物块到达传送带右端的速度；(2)物块能否到达斜面顶端。 若能则说明理由，若不能则求出物块上升的最大高度(7 0.6，g 取 10 m/析(1)物块在传送带上先做匀加速直线运动由 mg，x 1 ，可得 m 载地址 ，速度为 2 m/s.(2)物块以速度 后做匀减速直线运动，由 ，x 2 可得 m 11、0.4 3故物块没有到达斜面的最高点，物块上升的最大高度 0.2 1)2 m/s(2)不能 0.2 2013山东卷， 22)如图 3317 所示，一质量 m0.4 小物块，以 m/s 的初速度，在与斜面成某一夹角的拉力 F 作用下，沿斜面向上做匀加速运动，经 t2 s 的时间物块由 A 点运动到 B 点，A 、B 之间的距离 L10 m已知斜面倾角 30，物块与斜面之间的动摩擦因数 0 m/317(1)求物块加速度的大小及到达 B 点时速度的大小(2)拉力 F 与斜面夹角多大时，拉力 F 最小。 拉力 F 的最小值是多少。 解析(1)设物块加速度的大小为 a，到达 B 点时速度的大小为 v，由运动学公式得 L 2vv 0立式，代入数据得 a3 m/s 2v8 m/s (2)光世昌老师高中物理精品资源免费 下载地址 ，所受摩擦力为 力与斜面间的夹角为 ，受力分析如图所示，由牛顿第二定律得 F fF N 0又 F N联立式得 F mg 由数学知识得 0)33 233由式可知对应 F 最小的夹角 30联立式，代入数据得 F 的最小值为N1335答案(1)3 m/s 28 m/s(2)30 图 3318 所示，一长木板质量为 M4 板与地面间的动摩擦因数 1质量为 m2 小滑块放在木板的右端，小滑块与木板间的动摩擦因。