金牌新学案2014高考物理课时作业 9牛顿运动定律的综合应用

金牌新学案2014高考物理课时作业 9牛顿运动定律的综合应用内容摘要：

1、光世昌老师高中物理精品资源免费下载地址 (九) 牛顿运动定律的综合应用1引体向上是同学们经常做的一项健身运动该运动的规范动作是：两手正握单杠，由悬垂开始，上拉时，下颚须超过单杠面下放时，两臂放直，不能曲臂(如图所示) ，这样上拉下放，重复动作，达到锻炼臂力和腹肌的目的关于做引体向上动作时人的受力，以下判断正确的是()A上拉过程中，人受到两个力的作用B上拉过程中，单杠对人的作用力大于人的重力C下放过程中，某段时间内单杠对人的作用力小于人的重力D下放过程中，人只受到一个力的作用2静止在光滑水平面上的木块受到一个方向不变、大小从某一数值逐渐减小的水平外力作用时，木块将做()A匀减速运动B匀加速运动C 2、加速度逐渐减小的变加速运动D加速度逐渐增大的变加速运动3.(2013合肥第一次模拟)质量为 0.8 物体在一水平面上运动，如图 a、b 分别表示物体受到水平拉力作用和不受拉力作用的 vt 图象，则拉力与摩擦力之比为( )A98 B32C21 D434如图甲所示，静止在水平地面上的物块 A，受到水平拉力 F 的作用，F 与时间 t 的关系如图乙所示，设物块与地面之间的静摩擦力最大值 滑动摩擦力大小相等，则下列说法中正确的是()At 0 时间内加速度最小Bt 3 时刻加速度最小Ct 3 时刻物块的速度最大Dt 2 时刻物块的速度最大光世昌老师高中物理精品资源免费下载地址 某光滑的物体沿倾角不等而底 3、边相等的不同斜面下滑，物体从静止开始由斜面顶端滑到底端，以下分析正确的是( )A倾角越大，滑行时间越短B倾角越大，下滑的加速度越大C倾角越小，平均速度越小D倾角为 45时，滑行时间最短6.(2013安徽江南十校联考)质量为 1 物体放在水平地面上，从 t0 时刻起，物体受到一个方向不变的水平拉力作用，2 s 后撒去拉力，在前 4 s 内物体的速度 时间图象如图所示，则整个运动过程中该物体( )A所受的摩擦力的大小为 1 1 s 内受到的拉力大小是 2 4 s 末回到出发点D在 4 s 内的平均速度为 1.5 m/2013潍坊抽测)如图甲所示，水平地面上轻弹簧左端固定，右端通过滑块压缩 0.4 4、m 锁定，t0 时解除锁定释放滑块计算机通过滑块上的速度传感器描绘出滑块的速度图象如图乙所示，其中 为曲线，为直线，倾斜直线 t0 时的速度图线的切线，已知滑块质量 m2.0 g10 m/s 1)滑块与地面间的动摩擦因数；(2)弹簧的劲度系数8中央电视台在娱乐节目中曾推出一个游戏节目推矿泉水瓶选手们从起点开始用力推瓶一段时间后，放手让瓶向前滑动，若瓶最后停在桌上有效区域内，视为成功；若瓶最后没有停在桌上有效区域内或在滑行过程中倒下均视为失败其简化模型如图所示，长度 m 的水平桌面，选手们将瓶子放在 A 点，从 A 点开始用一恒定不变的水平推力推瓶，有效区域已知 度 1 m，瓶子质量 m0.5 5、子与桌面间的动摩擦因数 0.4，g10 m/s 20 N，瓶子沿 直线运动，假设瓶子可视为质点，该选手要想游戏获得成功，试问：(1)推力作用在瓶子上的时间最长为多少。 (2)推力作用在瓶子上的距离最小为多少。 9(2013西安质检)如图所示，质量为 10 环在 F200 N 的拉力作用下，沿粗糙长直杆由静止开始运动，杆与水平地面的夹角光世昌老师高中物理精品资源免费下载地址 37，拉力 F 与杆的夹角也为 作用 0.5 s 后撤去，环在杆上继续上滑了 0.4 s 后速度减为零(已知 70.6，70.8，g10 m/s 2)求：(1)环与杆之间的动摩擦因数 ；(2)环沿杆向上运动的总距离 2013石家 6、庄一模)如图所示，倾角为 37的斜面固定在水平地面上，质量 m1 物体在平行于斜面向上的恒力 F 作用下，从 A 点由静止开始运动，到达 B 点时立即撤去力 F，此后，物体到达 C 点时速度为零通过速度传感器测得这一过程中物体每隔 0.2 s 的瞬时速度，下表给出了部分数据 (70.6，370.8，g10 m/s 2)求：t/s v/(ms1 ) (1)物体与斜面间的动摩擦因数 ；(2)恒力 F 的大小；(3)A、C 间的距离答案：课时作业(九)1木块受到水平外力作用时必产生加速度已知外力方向不变，数值逐渐减小，根据牛顿第二定律可知，木块加速度的方向不变，大小在逐渐减小由于加速度方向与速度方向 7、一致，木块的速度大小仍在不断增大，故木块做加速度逐渐减小、速度逐渐增大的变加速运动，选项 C 正确3B由 vt 图象知，图线 a 为仅受摩擦力的运动，加速度大小 .5 m/线b 为受水平拉力和摩擦力的运动，加速度大小 m/ f，FF f，解得 F/ 以物块的加速度为零，即 A 选项正确；t 1时刻物块加速度最大，在 速度不为零，所以 B、C 错；在 度最大，所以 D 正确5斜面倾角为 ，底边长 L，则沿斜面方向上由牛顿第二定律可列方程世昌老师高中物理精品资源免费下载地址 12联立解得 t2 ，则当 等于 45时，t 最小而平均速度 v 26A由 vt 图象可得在 2 s4 s 内，撤去拉力后物 8、体的加速度大小为 1 牛顿第二运动定律： Ff1 N，A 正确；0 1 s 内，由 vt 图象得加速度大小为 2 m/牛顿第二运动定律：FF f，得 F3 N，B 错误；4 s 内的 vt 图象中所围面积可得位移： x m5 m， x /tm/s，C 、D 错24 12 解析：(1)从题中图象知，滑块脱离弹簧后的加速度大小 m/ m/s 2由牛顿第二定律得：mg解得：(2)刚释放时滑块的加速度 m/0 m/s 2mg解得：k175 N/m.答案：(1)2)175 N/析：(1)要想获得成功，瓶子滑到 C 点时速度恰好为 0，力作用时间最长，设最长时间为 作用时的加速度为 移为 力时瓶子的速度为 9、 力后瓶子的加速度为 移为 Fmg光世昌老师高中物理精品资源免费下载地址 mgv1a 1v 212v 21x1x 2L 1解得：t 1 )要想获得成功，瓶子滑到 B 点时速度恰好为 0，力作用距离最小，设最小距离为力时瓶子的速度为 ：2v 221 L2x 3)v 2解得：x 30.4 (1) s(2)析：(1)在 F 力作用 0.5 s 内，根据牛顿第二定律有 F f |设 0.5 s 末速度为 va 1F 撤去后 0.4 s 内有 va 2联立得 (2)将代入式得 0 m/s 2，则 va 2 m/s则 x v(t1t 2)1.8 (1)2) 解析：(1)匀加速过程的加速度 6 m/s 2 后匀减速过程的加速度 10 m/s 2(7mg 7)解得：2)匀加速过程，由牛顿第二定律得：F7 7解得：F16 N.(3)设加速时间为 速时间为 v ma 1.2 s 时的速度为 2.0 m/s，则20v ma 2(2.2t 1)又：v ma 2(t1t 2)x 0.8 (1)2)16 N(3)10.8 m。